江西省南昌市2018届高三第二次模拟测试(理数)

1、江西省南昌市2018届高三第二次模拟测试数学（理科）本试卷分必考题和选做题两部分，满分150分，考试用时120分钟。注意事项：1本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上2回答第卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号写在本试卷上无效3回答第卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效4考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回第卷（选择题部分 共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1已知全集为，集合，则等于A B C D2若实数满足（为虚数单位），则在复平面内对应的点位于A第一象限 B第二象限 C第三象限 D第四象限3已知为实数，则“”是“”的A充分不必要条件 B必要不充分条件C充要条件 D既不充分也不必要条件4已知一个几何体的三视图如图所示（图中网格小正方形的边长为1），则该几何体的体积为A B32 C D165执行如图的程序框图，若，则输出的A2 B C0 D-16已知抛物线的焦点为，准线与

2、轴的交点为，抛物线上一点，若，则的面积为A4 B5 C8 D107已知点在不等式组表示的平面区域内，则实数的取值范围是A B C D8如图，已知函数的部分图象与轴的一个交点为，与轴的交点为，那么函数图象上的弧线与两坐标所围成图形的面积为A B C D9已知函数，设（为常数），若，则等于A1998 B2038 C-1818 D-221810在周易中，长横“”表示阳爻，两个短横“”表示阴爻.有放回地取阳爻和阴爻三次合成一卦，共有种组合方法，这便是系辞传所说“太极生两仪，两仪生四象，四象生八卦”.有放回地取阳爻和阴爻一次有2种不同的情况，有放回地取阳爻和阴爻两次有四种情况，有放回地取阳爻和阴爻三次，八种情况.所谓的“算卦”，就是两个八卦的叠合，即共有放回地取阳爻和阴爻六次，得到六爻，然后对应不同的解析.在一次所谓“算卦”中得到六爻，这六爻恰好有三个阳爻三个阴爻的概率是A B C D11在中，的面积为2，则的最小值为A B C D12已知双曲线的左右焦点分别为，过点的直线交双曲线的右支于两点，若的角平分线的方程为，则三角形内切圆的标准方程为A BC D第卷（共90分）二、填空题（每题5分，满分

3、20分，将答案填在答题纸上）13从某企业的某种产品中抽取1000件，测量该种产品的一项质量指标值，由测量结果得到如图所示的频率分布直方图.假设这项指标值在内，则这项指标合格，估计该企业这种产品在这项指标上的合格率为 14已知正的边长为2，若，则等于 15已知正三棱台的上下底边长分别为，高为7，若该正三棱台的六个顶点均在球的球面上，且球心在正三棱台内，则球的表面积为 16如图，有一块半径为20米，圆心角的扇形展示台，展示台分成了四个区域：三角形，弓形，扇形和扇形（其中）.某次菊花展分别在这四个区域摆放：泥金香、紫龙卧雪、朱砂红霜、朱砂红霜.预计这三种菊花展示带来的日效益分别是：50元/米2，30元/米2,40元/米2.为使预计日总效益最大，的余弦值应等于 三、解答题 （本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17题-21题为必考题，每个试题考生都必须作答，第22-23题为选考题，考生根据要求作答。） (一)必考题：共60分。17(本小题满分12分)已知各项均为正数且递增的等比数列满足：成等差数列，前5项和.（1）求数列的通项公式；（2）求数列 的前100项和.

4、18(本小题满分12分)如图，四棱锥中，底面是直角梯形，侧面是等腰直角三角形，平面平面，点分别是棱上的点，平面平面.（1）确定点的位置，并说明理由；（2）求二面角的余弦值.19(本小题满分12分)为提升教师专业功底，引领青年教师成长，某市教育局举行了全市“园丁杯”课堂教学比赛，在这次比赛中，通过采用录像课评比的片区预赛，有共10位选手脱颖而出进入全市决赛.决赛采用现场上课形式，从学科评委库中采用随机抽样抽选代号1,2,3，7的7名评委，规则是：选手上完课，评委们当场评分，并从7位评委评分中去掉一个最高分，去掉一个最低分，根据剩余5位评委的评分，算出平均分作为该选手的最终得分.记评委对某选手评分排名与该选手最终排名的差的绝对值为“评委对这位选手的分数排名偏差”.排名规则：由高到低依次排名，如果选手分数一样，认定名次并列（如：选手分数一致排在第二，则认为他们同属第二名，没有第三名，接下来分数为第四名）.七位评委评分情况如右表所示：（1）根据最终评分表，填充如下表格：（2）试借助评委评分分析表，根据评委对各选手的排名偏差的平方和，判断评委4与评委5在这次活动中谁评判更准确.（3）从这10位选

5、手中任意选出3位，记其中评委4比评委5对选手排名偏差小的选手数为，求随机变量的分布列和数学期望.20(本小题满分12分)已知平面直角坐标系内两定点，及动点，的两边所在直线的斜率之积为.（1）求动点的轨迹的方程；（2）设是轴上的一点，若（1）中轨迹上存在两点使得，求以为直径的圆面积的取值范围.21(本小题满分12分)已知函数，（为常数，且）.（1）若当时，函数与的图象有且只要一个交点，试确定自然数的值，使得（参考数值，）；（2）当时，证明：（其中为自然对数的底数）.（二）选考题：共10分。请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分.作答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑，把答案填在答题卡上。22 (本小题满分10分)选修4-4：坐标系与参数方程在直角坐标系中，以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程是，曲线的极坐标方程为.（1）求曲线的直角坐标方程；（2）设曲线交于点，曲线与轴交于点，求线段的中点到点的距离.23 (本小题满分10分)选修4-5：不等式选讲已知函数，.（1）解不等式；（2）若对任意的，存在，使得成立，求实数的取值范围

6、.数学（理科）参考答案一、选择题1-5:DBBDB 6-10:ACAAB 11、12：CA二、填空题130.79（或79%） 141 15 16三、解答题17解：（1）由成等差数列得：，设的公比为，则，解得或（舍去），所以，解得，所以数列的通项公式为.（2）由得，所以所求数列的前100项和，即，所以，两式相减得：所以，所以.18解：（1）因为平面平面，平面平面，平面平面，所以，又因为，所以四边形是平行四边形，所以，即点是的中点，因为平面平面，平面平面，平面平面，所以，点是的中点，所以点是的中点，综上，分别是的中点.（2）因为，所以，又因为平面平面，所以平面，又，所以.如图以点为坐标原点，所在直线分别为轴，轴，轴建立空间直角坐标系，则，由中点公式得到，设平面，平面的法向量分别为，由，得：，令，得，由，得：，令，得所以.综上，二面角的余弦值是.19解：（1）依据评分规则：，.所以选手的均分及最终排名表如下：（2）对4号评委分析：排名偏差平方和为：.对5号评委分析：排名偏差平方和为：.由于，所以评委4更准确.（3）10位选手中，评委4比评委5评分偏差小的有5位，可能取值有0,1,2,3.所以

7、，所以的分布列为：0123所以数学期望.20解：（1）由已知，即，所以，又三点构成三角形，得所以点的轨迹的方程为.（2）设点的坐标为，当直线斜率不存在时，可得分别是短轴的两端点，得到，当直线斜率存在时，设直线的方程为，则由得，联立，得，由得，整理得.由韦达定理得，由，消去得，由，解得，又因为为长轴端点时，可求得点，此时，综上，或，又因为以为直径的圆面积，所以的取值范围是.21解：（1）记，则，当时，因为，函数单调递增，函数无零点，即函数与的图象无交点；当时，且时，时，所以，函数与的图象有且只有一个交点，得，化简得：，记，所以在上单调递减，又，所以，即.（2）由（1）得：当时，只要证明：时，即，记，则，记，图象为开口向上的抛物线，对称轴为，且，所以当时，即，所以在区间上单调递增，从而，即成立，所以成立.22解：（1）曲线的极坐标方程可以化为：，所以曲线的直角坐标方程为：，曲线的极坐标方程可以化为：，所以曲线的直角坐标方程为：；（2）因为点的坐标为，的倾斜角为,所以的参数方程为：（为参数），将的参数方程代入曲线的直角坐标方程得到：，整理得：，判别式，中点对应的参数为，所以线段中点到点距离为.23解：（1）由当时，得，即；当时，得，即；当时，得，即；综上，不等式解集是.（2）对任意的，存在，使得成立，即的值域包含的值域，由，知，由，且等号能成立，所以，所以，即的取值范围为.10

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