弹性力学-极坐标求解.ppt

1、本章重点 （1）掌握在极坐标系中基本方程的建立 ； （2）掌握极坐标系中平面问题按应力求解的方法； （3）了解极坐标系中与直角坐标系中的基本方程的相似之处和不同之处； （4）掌握用极坐标对圆环或圆筒均布压力、压力隧洞、圆孔孔口应力集中、半平面体在边界上受集中力或受分布力时的解答。,第四章 平面问题的极坐标求解,2019/10/19,1,2019/10/19,2,4.1极坐标中的平衡微分方程 1.建立模型 在区域 A 的任一点P（，），取出一个微分体，建立的坐标系如图4-1所示。,图 4- 1,第四章 平面问题的极坐标求解,2.正负符号的规定 （1）在极坐标中，从原点出发，以向外为正；而以 x轴正向到 y轴正向的转向为正； （2）应力的表示和符号规定与直角坐标相同，仍以正面正向，负面负向的应力为正，反之为负； （3）微分体上的体力为 和 ，表示于微分体的中心，分别沿径向和环向，以沿正坐标方向为正，反之为负。,2019/10/19,3,第四章 平面问题的极坐标求解,第四章 平面问题的极坐标求解,3.列平衡方程求解 由 可得 由 可得,2019/10/19,4,化简以上两式，由于 微小，可以

2、把 另外在上式中，分别出现了一、二、三阶微量，其中一阶微量互相抵消，二阶微量保留，而将更高阶的三阶微量略去。化简可得：,2019/10/19,5,（4-1）,第四章 平面问题的极坐标求解,4.直角坐标与极坐标比较 1.在（4-1）的第一式中，前两项与直角坐标的相似；而 项是由于正面的面积大于负面而产生的， 是由于正负面上的正应力在通过微分体中心的方向有投影而引起的。 2.在式（4-1）的第二式中，前两项也与直角坐标的相似；而 是由于正面面积大于负面而产生的； 是由于正负面上的切应力在通过微分体中心的方向有投影而引起的。由于 我们仍将这两个切应力只作为一个未知函数处理。,6,2019/10/19,第四章 平面问题的极坐标求解,4.2 极坐标中的几何方程及物理方程 1.几何方程的推导 （1）建立坐标系 在区域内任取一点P（，）作两个沿正标向的微分线段PA=d和PB =d，图4-2所示。,2019/10/19,7,图 4- 2,第四章 平面问题的极坐标求解,推导几何方程分为两步：一步考虑只有径向位移 的情形；第二步再考虑只有环向位移 的情形。 （2）微分体只发生径向位移 设变形后，P点的位移

3、分量为 则A点相对于P点，要计入由于坐标增量 而引起的增量，位移分量应为 B点相对于P点，要考虑由d而引起的增量，位移分量应为 ，如图4-2（a）所示。,2019/10/19,8,第四章 平面问题的极坐标求解,第四章 平面问题的极坐标求解,又由于图4-2（a）中的角很小，以 ，于是 。由此，我们得到： PA 线段的线应变 ，转角=0； PB 线段的线应变 ，转角： 注： 是极坐标中才有的，表示由于径向位移而引起的环形线段的伸长应变。,2019/10/19,9,（3）微分体只发生环向位移 微分线段 变形后成为 ， 。变形后P点的环向位移 ，由于坐标的增量 的位移分别为 和 见图4-2（b）。同样考虑 PA 的转角是微小的，我们可以得出： PA 的线应变： 转角：,2019/10/19,10,第四章 平面问题的极坐标求解,PB 的线应变： 转角： 需要说明的是： 是由于环向位移而引起的环向线段的转角。因为变形前的环向线切线垂直于OP，而变形后的环向线切线垂直于 ，这两切线的转角应等于圆心角 。并且，这个转角使原直角APB增大，按切应变的定义应为负值。这项也是在极坐标中才有的。,2019/1

4、0/19,11,第四章 平面问题的极坐标求解,（4）结论 当径向和环向位移同时发生时，在几何线性问题中；可以应用叠加原理而得极坐标中的几何方程：,2019/10/19,12,（4-2）,与直角坐标中的几何方程相比，除了上述指出的两项是极坐标中特有的之外，其余的几项都是相似的。,第四章 平面问题的极坐标求解,2.极坐标系中的物理方程 在直角坐标系中，物理方程是代数方程，且其中x与y坐标线为正交。而在极坐标系中与坐标线也为正交，因此，极坐标中的平面应力问题的物理方程可以相似地得出：,2019/10/19,13,（4-3）,第四章 平面问题的极坐标求解,3.说明 （1）对于平面应变问题，同样只需将式（4- 3）中的 E，换为： ， ，即可得出平面应变问题的物理方程。 （2）极坐标中的边界条件，由于边界面通常均为坐标面，即面（=常数）或面（=常数），使边界的表示十分简单，所以边界条件也十分简单。例如，给定的约束条件通常是径向位移值和环向位移值，可以分别与 建立等式。在应力边界条件中，通常给出径向和切向的面力，也可以直接与对应的应力分量建立等式。,2019/10/19,14,第四章 平面问题的极

5、坐标求解,4.3 极坐标中的应力函数与相容方程 1.直角坐标系和极坐标系之间的变换关系 （1）坐标变量的变换 反之 （2）函数的变换 只需将坐标变换式（a）或式（b）代入函数即可。,2019/10/19,15,（a）,（b）,第四章 平面问题的极坐标求解,（3）位移（矢量）的变换,2019/10/19,16,设位移矢量为d，它在（x，y）和（，）坐标系中的分量,，如图 4-3所示。,分别表示为（u，v）和,图 4-3,第四章 平面问题的极坐标求解,第四章 平面问题的极坐标求解,则位移分量的变换关系为： 反之：,（c）,（d）,2019/10/19,17,（4）导数的变换,2019/10/19,18,设有函数,，可将,看成是，的函数，即,；,而，又是x，y的函数，如式（b）所示。因此,可以认为是通过中间变量（，）的关于（x，y）的复 合函数。按照复合函数的求导公式，有：,第四章 平面问题的极坐标求解,第四章 平面问题的极坐标求解,其中，对x，y的导数，可以由式（b）得出： 整理，即得一阶导数的变换公式：,（e）,（f）,2019/10/19,19,2019/10/19,20,二阶导数的变

6、换可以从一阶导数得出，因为：,第四章 平面问题的极坐标求解,2019/10/19,21,由图4-1可见，如果把x轴和y轴分别转到,（5）应力分量用应力函数表示,的方向，使,该微分体的坐标成为零，则,分别成为,于是当不计体力时，即可由式（a）至（c）得出应力分量用 应力函数表示：,（4-5）,第四章 平面问题的极坐标求解,（6）极坐标中的相容方程,2019/10/19,22,将教科书 4.3中的式（a），（b）式相加，就可以得出拉普拉斯 算子的变换式：,由此，极坐标中的相容方程仍为：,（4-6）,其展开式：,第四章 平面问题的极坐标求解,2019/10/19,23,当不计体力时，在极坐标系中按应力求解平面问题，归结为求解一个应力函数 ，它必须满足：,1）在 区域内的相容方程（4-6）；,2）边界上的应力边界条件；,3）如为多连体，还须满足位移的单值条件。,求解,的方法，仍然可以用逆解法和半逆解法。求,得应力函数后，就可以由式（4-5）求出应力分量。,第四章 平面问题的极坐标求解,4.4 应力分量的坐标变换式 1.直角坐标应力分量变换极坐标应力分量 在区域内取出一个z向为单位厚度、包括x面

7、，y面和面的三角形微分体，如图4-4所示。,2019/10/19,24,，,图 4- 4,第四章 平面问题的极坐标求解,根据图 4-4中三角板A的受力情况和各边的几何关系，如设bc=ds，ab=dscos，ac=dssin。 列平衡方程 可得 用 ，化简可得： 同理，列平衡方程 ，化简可求得,2019/10/19,25,第四章 平面问题的极坐标求解,类似地由三角板B同样可以求出 。 综上可得由直角坐标向极坐标转换的关系式： （2）请自己推出由极坐标向直角坐标转换的关系式：,（4- 7）,（4-8）,2019/10/19,26,第四章 平面问题的极坐标求解,4.5 轴对称应力和相应的位移 1.概念 轴对称，即绕一轴对称，是指通过此轴的任何面均为对称面。 2.轴对称物理量的特点 （1）方向必须对称，因此，方向不对称的物理量不应存在。因此： （2）数值必须相同，因此，它只能是的函数，沿向不变 。由此可见，凡是轴对称问题，总是使自变量减少一维，即：,2019/10/19,27,第四章 平面问题的极坐标求解,3.轴对称应力表达式 根据轴对称物理量的特点，可得到轴对称应力的表达式： 4.轴对称的相

8、容方程 根据轴对称物理量的特点，可得到轴对称相容方程的表达式：,2019/10/19,28,（4-9）,第四章 平面问题的极坐标求解,5.轴对称应力问题中应力函数的解 根据轴对称的相容方程，即： 成为四阶常微分方程，而四阶常微分方程总共只有四个解： 这就是轴对称应力问题中应力函数的通解。因而，我们可以得到个参数的表达式： 6.轴对称问题的应力通解,2019/10/19,29,（4-10）,（4-11）,第四章 平面问题的极坐标求解,2019/10/19,30,7.轴对称问题形变分量的通解,从上式中可看出：得到的,也是轴对称的。,第四章 平面问题的极坐标求解,第四章 平面问题的极坐标求解,8.轴对称问题位移分量的通解 由形变通过几何方程求位移，通过积分得：,（4-12）,2019/10/19,31,9.上述推导需说明几点 （1）在轴对称应力条件下，平面问题的自变量只有一个，相容方程是常微分方程，其解答是完全确定的； （2）上面得出的 、应力、形变和位移，都是轴对称应力条件下的通解，适用于任何轴对称应力问题； （3）得出的位移分量包含了非轴对称的项，但可以用来处理各种位移边界条件； （4）

9、解答中，只有若干系数是待定的，它们可以由给定的应力或位移边界条件，以及多连体中的位移单值条件来确定 。,2019/10/19,32,第四章 平面问题的极坐标求解,4.6 圆环或圆筒受均布压力,2019/10/19,33,1.模型 圆环或圆筒受均布压力的受力情况，属于轴对称问题，如图4-5a所示。,图4-5,第四章 平面问题的极坐标求解,2019/10/19,34,根据轴对称解答，只需根据给定的应力或位移边界条 件和多连体中的位移单值条件，来确定解答中的若干 系数即可。,2.圆环或圆筒受均布压力时的解题步骤,（1）应力边界条件,在,的边界面上，分别有应力边界条件：,（a）,（b）,第四章 平面问题的极坐标求解,2019/10/19,35,在平面问题中每边应有两个边界条件，由于轴对称，所,以式（b）自然满足。将式（a）代入轴对称应力解答式 （4- 11）得：,（c）,从上式可以看出，边界条件都已满足，但2个方程不能 解决3个未知数A,B,C。因为这里讨论的是多连体问题， 所以要考虑位移单值条件。,第四章 平面问题的极坐标求解,（2）多连体中的位移单值条件 单值条件实际上是物体连续性条件的表现形式。即在连续体上，对于同一点的应力、形变和位移只可能有一个值，即应为单值。在按位移求解时，可不需要效正单值条件；但按应力求解时，对于多连体须要校核位移的单值条件。,第四章 平面问题的极坐标求解,2019/10/19,36,第四章 平面问题的极坐标求解,圆环和圆筒是二连体，而位移解答式 （4-12）中的 是一个多值函数。因此，由单值条件得出，必须令系数 B = 0。 将B = 0代入式（c）可解得：,2019/10/19,37,2019/10/19,38,将解

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