2012年高考物理新课标１试题及答案（含解析）.doc

2012年全国高考物理试题（新课标1）第I卷二、选择题本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14．伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B.没有力作用，物体只能处于静止状态C.行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D.运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动答案：AD．解析：惯性是物体本身保持运动状态的一种属性，也就是抵抗运动状态变化 的性质，A正确；圆周运动的运动方向在时刻改变，即运动状态在时刻改变，C错误．没有力作用物体可能静止也可能做匀速直线运动，B错误，D正确．abcxyO15．如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则A.a的飞行时间比b的长B.b和c的飞行时间相同C.a的水平速度比b的小D.b的初速度比c的大答案：BD．解析：平抛运动的时间是由下落高度决定的，高度相同，时间一样，高度高，飞行时间长。

A错，B正确水平位移由初速度（等于水平速度）和高度决定，由得C错，D正确．16．如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置不计摩擦，在此过程中A.N1始终减小，N2始终增大B.N1始终减小，N2始终减小C.N1先增大后减小，N2始终减小D.N1先增大后减小，N2先减小后增大 答案：Ｂ．解析：木板对球的压力与球对木板的压力是相互作用力，大小均为N2．根据木板对球的压力N2、墙面对球的压力大小为N1和重力的动态平衡做出动态矢量三角形．则N1与N2的合力与重力等大反向为定值，作图，由图形可知，当板缓慢向水平转动中，N2的方向逐渐向竖直变化在减小，N1的方向始终水平也在减小．17．自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分，一升压式自耦调压变压器的电路如图所示，其副线圈匝数可调已知变压器线圈总匝数为1900匝；原线圈为1100匝，接在有效值为220V的交流电源上当变压器输出电压调至最大时，负载R上的功率为2.0 kW设此时原线圈中电流有效值为I1，负载两端电压的有效值为U2，且变压器是理想的，则U2和I1分别约为A.380V和5.3AB.380V和9.1AC.240V和5.3AD.240V和9.1A答案：B 解析：根据题意原线圈为1100匝，电压220V，副线圈的最大匝数为1900匝，根据变压比有，V。

根据理想变压器的功率不变， ，则A18．如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子A.所受重力与电场力平衡B.电势能逐渐增加C.动能逐渐增加D.做匀变速直线运动答案：BD 解析：对带电粒子受力分析可知，它受电场力和重力，要使粒子在电场中直线运动，必须使合力与运动方向在一直线上，则电场力垂直极板斜向上，它们的合力水平向左向右运动的粒子只有电场力做负功，电势能增加，动能减少B正确，C错误因合力为定值且与运动方向在一直线上，则粒子做匀减速直线运动，D正确19．如图，均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框，半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面（纸面）向里，磁感应强度大小为B0.使该线框从静止开始绕过圆心O、垂直于半圆面的轴以角速度ω匀速转动半周，框中产生感应电流现使线框保持图中所示位置，磁感应强度大小随时间线性变化为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流，磁感应强度随时间的变化率的大小应为A. 　B. 　　C. 　　D.答案：C 解析：当线圈以角速度ω匀速转动半周时，产生感应电动势为: 。

当磁感应强度随时间的变化时，产生感应电动势为: 根据题意有化简得20．如图，一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行已知在t=0到t=t1的时间间隔内，直导线中电流i发生某种变化，而线框中感应电流总是沿顺时针方向；线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右设电流i正方向与图中箭头方向相同，则i随时间t变化的图线可能是答案：A 解析：线框中感应电流总是沿顺时针方向，则线框的左边的电流是向上的由于线框的左边所处磁场强，受到的安培力大，线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右说明线框的左边先受到引力（同向相吸）后受到斥力（反向相斥），则电流i先为正后为负电流为正时，线框处的原磁场和感应磁场同向阻碍原磁场的减弱，电流为负时，线框处的原磁场和感应磁场反向阻碍原磁场的增强．21．假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体一矿井深度为d已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为A. B. C. D. 答案：A　解析：在地面上质量为m的物体根据万有引力定律有: ，从而得根据题意，球壳对其内部物体的引力为零，则矿井底部的物体m′只受到其以下球体对它的万有引力同理有，式中。

两式相除化简第Ⅱ卷三、非选择题包括必考题和选考题两部分第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须做答第33题～第40题为选考题，考生根据要求做答一）必考题（11题，共129分）22.（5分）某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度该螺旋测微器校零时的示数如图（a）所示，测量金属板厚度时的示数如图（b）所示图（a）所示读数为_________mm，图（b）所示读数为_________mm，所测金属板的厚度为_________mm答案：0.010；6.870；6.860　　解析：图（a）所示读数表明该螺旋测微器存在正误差为　1.00.01=0.010mm图（b）所示读数为6.5+37.00.01=6.870mm金属板的厚度为6.870-0.010=6.860mm23.（10分）图中虚线框内存在一沿水平方向、且与纸面垂直的匀强磁场现通过测量通电导线在磁场中所受的安培力，来测量磁场的磁感应强度大小、并判定其方向所用部分器材已在图中给出，其中D为位于纸面内的U形金属框，其底边水平，两侧边竖直且等长；E为直流电源；R为电阻箱；为电流表；S为开关此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线1）在图中画线连接成实验电路图。

2）完成下列主要实验步骤中的填空①按图接线②保持开关S断开，在托盘内加入适量细沙，使D处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m1③闭合开关S，调节R的值使电流大小适当，在托盘内重新加入适量细沙，使D________；然后读出_________________，并用天平称出_______④用米尺测量_______________3）用测量的物理量和重力加速度g表示磁感应强度的大小，可以得出B=_________4）判定磁感应强度方向的方法是：若____________，磁感应强度方向垂直纸面向外；反之，磁感应强度方向垂直纸面向里答案：（2）重新处于平衡状态；电流表的示数I；此时细沙的质量m2；D的底边长度l； （3）；（4）m2＞m1．　　解析：（1）因为是电阻箱只能和电源、开关、电流表、U形金属框串联组成电路，如图2）①按图接线②保持开关S断开，在托盘内加入适量细沙，使D处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m1U形金属框和沙盘用定滑轮连接，测出细沙质量，就得到了U形金属框的质量和重力）③闭合开关S，调节R的值使电流大小适当，在托盘内重新加入适量细沙，使D_重新处于平衡状态_；然后读出__电流表的示数I _，并用天平称出_此时细沙的质量m2__。

为测量磁场的磁感应强度大小就必须给U形金属框通上电流，从而受到安培力加上细沙才能系统才能重新平衡，此时细沙重力等于U形金属框重力与安培力之差（或只和），最后求出安培力BIL，I由电流表读出，L用毫米刻度尺测量）④用米尺测量___ D的底边长L ____3）根据③中的平衡条件有或得（4）判定磁感应强度方向的方法是：若_______，磁感应强度方向垂直纸面向外；反之，磁感应强度方向垂直纸面向里磁感应强度方向垂直纸面向外，连线图中电流方向向左，根据左手定则U形金属框所受安培力向上，说明24.（14分）拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具（如图）设拖把头的质量为m，拖杆质量可以忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ，重力加速度为g，某同学用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为θ．(1)若拖把头在地板上匀速移动，求推拖把的力的大小．(2)设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖把的正压力的比值为λ已知存在一临界角θ0，若θ≤θ0，则不管沿拖杆方向的推力多大，都不可能使拖把从静止开始运动，求这一临界角的正切tanθ0．解：(1)设该同学沿拖杆方向用大小为F的力推拖把，对拖把作受力分析如右图所示，将推拖把的力沿竖直和水平方向分解，由力的平衡条件，y轴上，有：Fcosθ+mg=N ①x轴上，有：Fsinθ=f ②又由动摩擦力公式，有：f=μN ③①②③联立得F= ④(2)若不管沿拖杆方向用多大的力都不能使拖把从静止开始运动，应有：Fsinθ≤λN ⑤这时①式仍满足，①⑤联立得sinθ-λcosθ≤λ ⑥现考察使⑥式成立的θ角的取值范围，注意到上式右边总是大于零，且当F无限大时极限为零，有：sinθ-λcosθ≤0 ⑦使⑦式成立的θ角满足θ≤θ0，这里θ0是题中所定义的临界角，即当θ≤θ0时，不管沿拖杆方向用多大的力都推不动拖把，临界角的正切为：tanθ0=λ答案：(1)；(2)tanθ0=λ．25.（18分）如图，一半径为R的圆表示一柱形区域的横截面（纸面）。

在柱形区域内加一方向垂直于纸面的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q的粒子沿图中直线在圆上的a点射入柱形区域，在圆上的b点离开该区域，离开时速度方向与直线垂直圆心O到直线的距离为 现将磁场换为平等于纸面且垂直于直线的匀强电场，同一粒子以同样速度沿直线在a点射入柱形区域，也在b点离开该区域若磁感应强度大小为B，不计重力，求电场强度的大小解：粒子在磁场中做圆周运动设圆周的半径为r，由牛顿第二定律和洛仑兹力公式得①式中v为粒子在a点的速度过b点和O点作直线的垂线，分别与直线交于c和d点由几何关系知，线段和过a、b两点的轨迹圆弧的两条半径（未画出）围成一正方形因此②设有几何关系得③ ④联立②③④式得 再考虑粒子在电场中的运动设电场强度的大小为E，粒子在电场中做类平抛运动设其加速度大小为a，由牛顿第二定律和带电粒子在电场中的受力公式得qE=ma ⑥粒子在电场方向和直线方向所走的距离均为r，有运动学公式得 ⑦ r=vt ⑧式中t是粒子在电场中运动的时间联立①⑤⑥⑦⑧式得⑨（二）选考题：33.[物理——选修3-3]（15分）（1）（6分）关于热力学定律，下列说法正。