2021-2022学年山东省枣庄市滨湖镇中心中学高三物理上学期期末试题含解析.docx

2021-2022学年山东省枣庄市滨湖镇中心中学高三物理上学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，倾角为θ=37°的传送带以速度v1=2m/s顺时针匀速转动将一块以v2=8m/s的速度从传送带的底端滑上传送带已知小物块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，传送带足够长，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，下列说法正确的是（　　）A. 小物块运动的加速度大小恒为10m/s2B. 小物块向上运动的时间为0.6sC. 小物块向上滑行的最远距离为4mD. 小物块最终将随传送带一起向上匀速运动参考答案：C开始时物块相对传送带向上运动,滑动摩擦力沿斜面向下，根据牛顿第二定律可得：，解得：a1=10m/s2物块速度小于传送带后相对斜面向下运动,滑动摩擦力力沿斜面面向上有：，解得：a2=2m/s2，所以物块运动的加速度大小不是恒为10m/s2，故A错误；两段运动的时分别为：，解得：，又有：，解得：，所以向上运动的总时间为：，故B错误；两端运动的位移分别为：，，小物块向上滑行的最远距离为，故C正确；由上可知小物块先向上减速到零，在向下加速，故D错误。

所以C正确，ABD错误2. 小李用功率为1000W 的微波炉加热一杯250mL的牛奶，牛奶从室温加热到口感适宜的温度大概需要吸收3.0×104J的能量．已知此微波炉将电能转化为微波辐射的效率为75%，微波辐射转化为牛奶内能的效率也为75%，则加热这杯牛奶的适宜时间约为（　　）A．3 分钟 B．2 分钟 C．1 分钟 D．半分钟参考答案：C【考点】电功、电功率．【分析】根据电能转化为微波的效率以及微波转化为内能的效率可明确牛奶最终获得的能量，根据吸收的大约能量即可求得所需要的时间．【解答】解：牛奶从室温加热到口感适宜的温度大概需要吸收3.0×104J的能量，根据功能关系可知：Q=Pt×75%×80%代入数据可得：3.0×104J=75%×80%×1000t解得：t=50s，即适宜时间约为1min，故C正确，ABD错误．故选：C．3. 如图所示，闭合电路，当滑动交阻器滑片P移动时，各电流表（内阻可不计）示数变化情况是（　　）A．A1、A2的示数同时增大、同时减小B．A1示数增大时，A2的示数减小C．A1的示数减小时，A2的示数增大D．A1的示数变化量大于A2的示数变化量参考答案：A【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】电路中，若滑动变阻器向下移动时，连入电路的阻值变小；变阻器与一个定值电阻并联后连接入电源两端，电流表测量干路电流，电流表测量的是通过滑动变阻器的电流，根据串并联知识和闭合电路欧姆定律分析即可．同理分析滑片向上移动时电表示数的变化；【解答】解：ABC若滑动变阻器向下移动时，连入电路的阻值变小，故外电路的总电阻变小，故根据闭合电路欧姆定律，总电流变大，电流表的示数变大，故路端电压U=E﹣Ir变小；定值定则的电流减小，由于总电流增加，故通过变阻器的电流增加了，即的示数增大，即的示数同时增大；同理，若滑动变阻器向上移动时，连入电路的阻值变大，故外电路的总电阻变大，故根据闭合电路欧姆定律，总电流变小，电流表的示数变小，故路端电压U=E﹣Ir变大；定值定则的电流增大，由于总电流减小，故通过变阻器的电流减小了，即的示数减小，即的示数同时减小，故A正确，BC错误；D、A1、A2的示数同时增大、同时减小，而电流变化情况与两只电流表相反，所以示数变化量小于的示数变化量，故D错误；故选：A4. 2016年8月16日01时40分，由我国研制的世界首颗量子科试验卫星“墨子号”在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭成功发射升空，它的成功发射和在轨运行，不仅将有助于我国广域量子通信网络的构建，服务于国家信息安全，它将开展对量子力学基本问题的空间尺度试验检验，加深人类对量子力学自身的理解，关于量子和量子化，下列说法错误的是（　　）A．玻尔在研究原子结构中引进了量子化的概念B．普朗克把能量引入物理学，破除了“能量连续变化”的传统观念C．光子的概念是爱因斯坦提出的D．光电效应实验中的光电子，也就是光子参考答案：D【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、玻尔在研究原子结构中引进了量子化的观念．故A正确；B、普朗克把能量子引入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念，故B正确；C、爱因斯坦提出了光子说并建立了光电效应方程，故C正确；D、光电效应实验中发射出来的电子叫光电子，所以光电效应实验中的光电子，还是电子，不是光子，故D错误；本题选错误的，故选：D5. 如图4所示，某同学为了找出平抛运动的物体初速度之间的关系，用一个小球在O点对准前方的一块竖直放置的挡板，O与A在同一高度，小球的水平初速度分别是，不计空气阻力，打在挡板上的位置分别是B、C、D，且AB:BC:CD=1:3:5。

则之间的正确关系是  A．         B．  C．         D．参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示为一正在测量中的多用电表表盘①如果是用×10 Ω挡测量电阻，则读数为________Ω②如果是用直流10V挡测量电压，则读数为________V参考答案：（i）D E F   　（ii）①140　   ②5.27. 某兴趣小组在探究物体动能大小实验时，让一物体在恒定合外力作用下由静止开始沿直线运动，记录下速度、时间、位置等实验数据，然后分别作出动能EK随时间变化和动能EK随位置变化的两个图线，但横坐标没有标出，请你判断物体动能随位置变化的图线应是图          ；若图甲中OA连线的斜率为p，图乙中直线的斜率为q，则物体在A点所对应的瞬时速度的大小为      ．参考答案：乙  8. 如图所示，一闭合线圈a悬吊在一个通电长螺线管的左侧，如果要使线圈中产生图示方向的感应电流，滑动变阻器的滑片P应向____滑动要使线圈a保持不动，应给线圈施加一水平向____的外力  (填向“左"或向“右”)参考答案：左  右    a中产出电流的磁场和螺线管的磁场方向相反，说明螺线管中磁场在增强，进一步说明回路中电流在增强，故划片向左滑动；a与螺线管相排斥，要使其保持不动，施加的外力要向右。

9. （选修3—4）（5分）某种媒质的折射率为，有一束光从该媒质射向真空，要使真空中有折射光，入射角应满足的条件是____________  参考答案：答案： i＜45°  10. 若一定质量的理想气体对外做了3000J的功，其内能增加了500J，表明该过程中，气体应________(填“吸收”或“放出”)热量________ J. 参考答案：11. 在真空的赢角坐标系中，有两条互相绝缘且垂直的长直导线分别与x、y轴重合，电流方向如图所示已知真空中距无限长通电直导线距离为r处的磁感应强度B=kI/r （r≠0），k=2×l0-7Tm/A，若，I1= 400A，I2=3．0A则：在xOz平面内距原点，r= 0．lm的各点中x、z坐标为     处磁感应强度最小，最小值为___T参考答案：12. （选修3-4模块）（4分）如图所示，某同学用插针法测定一半圆形玻璃砖的折射率．在平铺的白纸上垂直纸面插大头针P1、P2确定入射光线，并让入射光线过圆心O，在玻璃砖（图中实线部分）另一侧垂直纸面插大头针P3，使P3挡住P1、P2的像，连接O P3．图中MN为分界面，虚线半圆与玻璃砖对称，B、C分别是入射光线、折射光线与圆的交点，AB、CD均垂直于法线并分别交法线于A、D点． 设AB的长度为l1，AO的长度为l2，CD的长度为l3，DO的长度为l4，为较方便地表示出玻璃砖的折射率，需用刻度尺测量           （用上述给出量的字母表示），则玻璃砖的折射率可表示为            ．参考答案：    答案：l1、l3；l1/l313. 如图所示，自耦变压器输入端A、B接交流稳压电源，其电压有效值UAB＝100V，R0＝40W，当滑动片处于线圈中点位置时，C、D两端电压的有效值UCD为            V，通过电阻R0的电流有效值为            A。

参考答案：答案：200，5解析：自耦变压器的原副线圈在一起，由题可知，原线圈的匝数为副线圈匝数的一半理想变压器的变压比为，所以根据部分电路欧姆定律有三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 将下图中的电磁铁连入你设计的电路中（在方框内完成），要求：A．电路能改变电磁铁磁性的强弱；B．使小磁针静止时如图所示参考答案：（图略）要求画出电源和滑动变阻器，注意电源的正负极15. （4分）试通过分析比较，具有相同动能的中子和电子的物质波波长的大小参考答案：粒子的动量 ，物质波的波长由，知，则解析： 物质波的的波长为，要比较波长需要将中子和电子的动量用动能表示出来即，因为，所以，故四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图，空间区域Ⅰ、Ⅱ有匀强电场和匀强磁场，MN、PQ为理想边界，Ⅰ区域高度为d，Ⅱ区域的高度足够大．匀强电场方向竖直向上；Ⅰ、Ⅱ区域的磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向里和向外．一个质量为m，电量为q的带电小球从磁场上方的O点由静止开始下落，进入场区后，恰能做匀速圆周运动．已知重力加速度为g．（1）试判断小球的电性并求出电场强度E的大小；（2）若带电小球能进入区域Ⅱ，则h应满足什么条件？（3）若带电小球运动一定时间后恰能回到O点，求它释放时距MN的高度h．参考答案：解：（1）带电小球进入复合场后，恰能做匀速圆周运动，合力为洛伦兹力，重力与电场力平衡，重力竖直向下，电场力竖直向上，即小球带正电．         由qE=mg…①，解得：…②；（2）假设下落高度为h0时，带电小球在Ⅰ区域作圆周运动的圆弧与PQ相切时，运动轨迹如答图（a）所示，由几何知识可知，小球的轨道半径：R=d…③，带电小球在进入磁场前做自由落体运动，由机械能守恒定律得：mgh=mv2…④，带电小球在磁场中作匀速圆周运动，设半径为R，由牛顿第二定律得：qvB=m…⑤解得：h0=，则当h＞h0时，即h＞带电小球能进入Ⅱ区域；（3）由于带电小球在Ⅰ、Ⅱ两个区域运动过程中q、v、B、m的大小不变，故三段圆周运动的半径相同，以三个圆心为顶点的三角形为等边三角形，边长为2R，内角为60°，如答图（b）所示．由几何关系知：R=…⑥联立解得④⑤⑥得：h=； 答：（1）小球带正电，电场强度E=；（2）若带电小球能进入区域Ⅱ，h应满足的条件是：h＞；（3）它释放时距MN的高度h=．17. 如图 (a) 所示，一个电阻值为r=1 Ω ，匝数n=100匝的圆形金属线圈与阻值为R=4 Ω的电阻R连结成闭合回路．线圈的直径D=0.4 m，圈中边长为L=0.1 m的正方形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图 (b) 所示． 导线的电阻不计．求0至2 s时间内（1）通过电阻R上的电流大小和方向；（2）通过电阻R上的电量q及电阻R上产生的热量．参考答案：18. 如图所示，宇航员站在某质量分布均匀的星球表面一斜坡上P点，沿水平方向以初速度v0抛出一个小球，测得小球经时间t落到斜坡上另一点Q，斜面的倾角为α，已知该星球的半径为R，万有引力常量为。