新课标2021版高考物理一轮复习第三章牛顿运动定律单元过关检测4.doc

牛顿运动定律 考试时间：100分钟；满分：100分 班级 姓名 第I卷（选择题）评卷人得分一、单项选择题（本题共6道小题，每小题4分，共24分）1.（单选）在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步下列表述符合物理学史实的是A．开普勒认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比B．伽利略用“月—地检验”证实了万有引力定律的正确性C．库仑利用实验较为准确地测出了引力常量G的数值D．牛顿认为在足够高的高山上以足够大的水平速度抛出一物体，物体就不会再落在地球上2.（单选）某人在地面上最多能举起60 kg的重物，要使此人在升降机中恰能举起100 kg的重物，已知重力加速度g=10 m／s2，则下列说法可能正确的是 A．升降机正加速上升，加速度大小为4 m／s2 B．升降机正加速下降，加速度大小为4 m／s2 C．升降机正减速下降，加速度大小为4 m／S2 D．升降机正减速上升，加速度大小为6 m／s23.（单选）如图2所示，物体A的质量为2m，物体B的质量为m，A与地面间的动摩擦因数为μ，B与地面间的摩擦不计，用水平恒力F向右推A使A、B一起加速运动，则B对A的作用力大小为(　　)4.（单选）如图所示，在倾角为θ的斜面上，轻质弹簧一端与斜面底端固定，另一端与质量为M的平板A连接，一个质量为m的物体B靠在平板的右侧，A、B与斜面的动摩擦因数均为μ．开始时用手按住物体B使弹簧处于压缩状态，现放手，使A和B一起沿斜面向上运动距离L时，A和B达到最大速度v．则以下说法正确的是（　　）　A．A和B达到最大速度v时，弹簧是自然长度　B．若运动过程中A和B能够分离，则A和B恰好分离时，二者加速度大小均为g（sinθ+μcosθ ）　C．从释放到A和B达到最大速度v的过程中．弹簧对A所做的功等于mv2+MgLsinθ+μMgLcosθ　D．从释放到A和B达到最大速度v的过程中，B受到的合力对它做的功大于mv25.（单选）质量为m=1Kg的物体在水平面上，物体与水平面之间的动摩擦因数为μ=0.2．现对物体施加一个大小变化、方向不变的水平力F，为使物体在3t0时间内发生的位移最大，力F的大小应如下面的哪一幅图所示（　　）　A．B．C．D．6.（单选）如图所示，一长为L的直杆AB与水平面成角固定，在杆上套一质量为m的小滑块，杆底端B点处有一弹性挡板，杆与板面垂直，滑块与挡板碰撞后，以原速率返回。

现将滑块拉到A点由静止释放，滑块与挡板第一次碰撞后恰好能上升到AB的中点，重力加速度为g，由此可以确定A. 滑块下滑时加速度的大小a1=gsinB. 滑块与杆之间的动摩擦因数μ=tanC. 滑块最终将停在杆的底端D. 滑块第一次下滑所用的时间t=评卷人得分二、多项选择题（本题共5道小题，每小题6分，共30分，全部选对得4分，选对但不全得3分，有选错得得0分）7.（多选）如图所示，一质量为M的斜面体静止在水平面上，物体B受沿斜面向上力F作用沿斜面匀速上滑，A、B之间动摩擦因数为μ，μ＜tanθ，且质量均为m，则（　　）　A．A、B保持相对静止　B．地面对斜面体的摩擦力等于mg（sinθ﹣μcosθ）cosθ+Fcosθ　C．地面受到的压力等于（M+2m）g　D．B与斜面间动摩擦因数为8.（多选）伽利略被誉为“经典物理学的奠基人”，成功的解释了力和运动的关系，如图，让小球沿斜面AB由静止滚下，沿水平面BC向前运动，直到滚到另一个斜面CD．如果无摩擦力，无论BC多长、斜面AB比斜面CD陡些还是缓些，小球总会在斜面CD上的某点速度变为零，这点距斜面底端的竖直高度与它出发时的高度相同．设起点为p，终点为q，下列说法正确的是（　　）　A．力不是维持物体运动的原因　B．力是维持物体运动的原因　C．小球在斜面上运动距离与斜面倾角的正弦成正比　D．小球在A、B斜面上运动的时间之比等于斜面倾角正弦的反比9.（多选）如图A所示，在光滑水平面上叠放着甲、乙两物体．现对甲施加水平向右的拉力F，通过传感器可测得甲的加速度a随拉力F变化的关系如图B所示．已知重力加速度g=10m/s2，由图线可知（　　）　A．甲的质量是2kgB．甲的质量是6kg　C．甲、乙之间的动摩擦因数是0.2D．甲、乙之间的动摩擦因数是0.610.（多选）如图甲所示，在升降机的顶部安装了一个能够显示拉力大小的传感器，传感器下方挂上一轻质弹簧，弹簧下端挂一质量为m的小球，若升降机在匀速运行过程中突然停止,并以此时为零时刻，在后面一段时间内传感器显示弹簧弹力F随时间t变化的图像如图乙所示，g为重力加速度，则( )A．升降机停止前在向上运动B．0—tl时间内小球处于失重状态，t1—t2时间内小球处于超重状态C．tl—t3时间内小球向下运动，速度先增大后减小D．t3—t4时间内小球向下运动，速度一直增大11.（多选）如图所示，运动员“3 m跳板跳水”运动的过程可简化为：运动员走上跳板，将跳板从水平位置B压到最低点C，跳板又将运动员竖直向上弹到最高点A，然后运动员做自由落体运动，竖直落入水中．跳板自身重力可忽略不计，则下列说法正确的是(　　)A．运动员向下运动(B→C)的过程中，先超重后失重，对板的压力先减小后增大B．运动员向下运动(B→C)的过程中，先失重后超重，对板的压力一直增大C．运动员向上运动(C→B)的过程中，先失重后超重，对板的压力先增大后减小D．运动员向上运动(B→A)的过程中，一直处于失重状态第II卷（非选择题）评卷人得分三、实验题（本题共1道小题, 共8分）12.如下图所示，是某次利用气垫导轨探究加速度与力、质量关系的实验装置安装完毕后的示意图，图中A为砂桶和砂，B为定滑轮，C为滑块及上面添加的砝码，D为纸带，E为电火花计时器，F为蓄电池、电压为6 V，G是电键，请指出图中的三处错误：(1)______________________________________________________________；(2)______________________________________________________________；(3)______________________________________________________________．评卷人得分四、计算题（本题共3道小题,共38分）13.固定光滑斜面与地面成一定倾角，一物体在平行斜面向上的拉力作用下向上运动，拉力F和物体速度v随时间的变化规律如图所示，取重力加速度g=10m/s2．求物体的质量及斜面与地面间的夹角θ．14.如图，水平地面上的矩形箱子内有一倾角为θ的固定斜面，斜面上放一质量为m的光滑球．静止时，箱子顶部与球接触但无压力．箱子由v开始向右做匀加速运动，当速度达到2v时，立即改做加速度大小为a的匀减速运动直至静止，从加速开始经过的总路程为s．（1）求箱子加速阶段的加速度大小a′．（2）若a＞gtanθ，求减速阶段球受到箱子左壁和顶部的作用力．15.如图所示，一质量m=0.4kg的小物块，以v0=2m/s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t=2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L=10m．已知斜面倾角θ=30，物块与斜面之间的动摩擦因数μ=．重力加速度g取10m/s2．（1）求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小．（2）拉力F与斜面的夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？试卷答案1.D 2.B 3.C 4. B．5. B 6. C 7. B． 8. AD． 9. BC．10.AD 11.BD 12.【答案】13.【解析】由图可得，0～2s内物体的加速度为a==0.5 m/s2 ①由牛顿第二定律可得：F﹣mgsinθ=ma ②2s后有：F′=mgsinθ ③联立①②③，并将F=5.5N，F′=5N代入解得：m=1.0kg，θ=30【答案】：物体的质量为1.0kg，斜面与地面间的夹角θ为30．14.【解析】（1）设加速度为a′，由匀变速直线运动的公式：得：s=s1+s2解得：（2）设小球不受车厢的作用力，应满足：Nsinθ=maNcosθ=mg解得：a=gtanθ减速时加速度的方向向左，此加速度有斜面的支持力N与左壁支持力共同提供，当a＞gtanθ 时，左壁的支持力等于0，此时小球的受力如图，则：Nsinθ=maNcosθ﹣F=mg解得：F=macotθ﹣mg【答案】（1）箱子加速阶段的加速度为；（2）若a＞gtanθ，减速阶段球受到箱子左壁的作用力是0，顶部的作用力是macotθ﹣mg．15.【解析】（1）物体做匀加速直线运动，根据运动学公式，有： ①v=v0+at ②联立解得；a=3m/s2v=8m/s（2）对物体受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，如图根据牛顿第二定律，有：平行斜面方向：Fcosα﹣mgsin30﹣Ff=ma垂直斜面方向：Fsinα+FN﹣mgcos30=0其中：Ff=μFN联立解得：F==故当α=30时，拉力F有最小值，为N；【答案】（1）物块加速度的大小为3m/s2，到达B点的速度为8m/s；（2）拉力F与斜面的夹角30时，拉力F最小，最小值是N．。