网络工程师基础知识考试及答案

1、 （1） 不属于计算机控制器中的部件。（1）A指令寄存器IR B程序计数器PC C算术逻辑单元ALU D程序状态字寄存器PSW试题解析：ALU属于运算器，不属于控制器。答案：C 在CPU与主存之间设置高速缓冲存储器Cache，其目的是为了 （2） 。（2）A扩大主存的存储容量 B提高CPU对主存的访问效率 C既扩大主存容量又提高存取速度D提高外存储器的速度试题解析：Cache是不具有扩大主存容量功能的，更不可能提高外存的访问速度。但Cache的访问速度是在CPU和内存之间，可以提高CPU对内存的访问效率。答案：B 下面的描述中， （3） 不是RISC设计应遵循的设计原则。（3）A指令条数应少一些 B寻址方式尽可能少 C采用变长指令，功能复杂的指令长度长而简单指令长度短 D设计尽可能多的通用寄存器试题解析：CISC的特点是多采用变长指令，而RISC刚好相反。答案：C 某系统的可靠性结构框图如下图所示。该系统由4个部件组成，其中2、3两个部件并联冗余，再与1、4部件串联构成。假设部件1、2、3的可靠度分别为0.90、0.70、0.70。若要求该系统的可靠度不低于0.75，则进行系统设计时，

2、分配给部件4的可靠度至少应为（4） 。试题解析：设某个部件的可靠性为Rx，在上图的连接方式中，总体可靠性=R1*(1-(1-R2)(1-R3)*R4。答案：C 结构化开发方法中，数据流图是 （5） 阶段产生的成果。（5）A需求分析 B总体设计 C详细设计 D程序编码试题解析：常识。答案：A 关于原型化开发方法的叙述中，不正确的是 （6） 。（6）A原型化方法适应于需求不明确的软件开发 B在开发过程中，可以废弃不用早期构造的软件原型 C原型化方法可以直接开发出最终产品 D原型化方法利于确认各项系统服务的可用性试题解析：原型是用于明确用户需求的，并非是提交用户的最终产品。答案：C 如果两名以上的申请人分别就同样的发明创造申请专利，专利权应授予是 （7） 。（7）A最先发明的人B最先申请的人 C所有申请人D协商后的申请人试题解析：常识。答案：B CMM模型将软件过程的成熟度分为5个等级，在 （8） 使用定量分析来不断地改进和管理软件过程。（8）A优化级B管理级 C定义级D可重复级试题解析：CMM反映了软件过程能力的大小，它描述了五个级别的软件过程。初始级初始级的特点是软件机构缺乏对软件过程的

3、有效管理，软件过程是无序的，有时甚至是混乱的，对过程几乎没有定义，其软件项目的成功来源于偶尔的个人英雄主义而非群体行为，因此它不是可重复的。可重复级可重复级的特点是软件机构的项目计划和跟踪稳定，项目过程可控，项目的成功是可重复的。已定义级已定义级的特点在于软件过程已被提升成标准化过程，从而更加具有稳定性、可重复性和可控性。已定量管理级已定量管理级的特点是软件机构中软件过程和软件产品都有定量的目标，并被定量地管理，因而其软件过程能力是可预测的，其生产的软件产品是高质量的。优化级优化级的特点是过程的量化反馈和先进的新思想、新技术促进过程不断改进，技术和过程的改进改进被作为常规的业务活动加以计划和管理。答案：A 某系统的进程状态转换如下图所示，图中1、2、3、4分别表示引起状态转换的不同原因，原因4表示 （9） 。（9）A就绪进程被调度B运行进程执行了P操作 C发生了阻塞进程等待的事件D运行进程时间片到了试题解析：常识。即使不了解操作系统的进程管理，对四个选项进行分析也可以采用排除法获得正确答案。答案：C 某网络工程计划图如下所示，边上的标记为任务编码及其需要的完成时间（天），则整个工程的工

4、期为 （10） 。（10）A16B17 C18D21试题解析：寻找最长路径123456，路径之和就是整个工程的工期。答案：D 关于多模光纤，下面的描述中描述错误的是 （11） 。（11）A多模光纤的芯线由透明的玻璃或塑料制成 B多模光纤包层的折射率比芯线的折射率低 C光波在芯线中以多种反射路径传播 D多模光纤的数据速率比单模光纤的数据速率高试题解析：常识。答案：D 关于路由器，下列说法中错误的是 （12） 。（12）A路由器可以隔离子网，抑制广播风暴 B路由器可以实现网络地址转换 C路由器可以提供可靠性不同的多条路由选择 D路由器只能实现点对点的传输试题解析：D显然错误。答案：D 100BASE-FX采用4B/5B和NRZ-I编码，这种编码方式的效率为 （13） 。（13）A50%B60% C80%D100%试题解析：4B/5B编码法就是将数据流中的每4bits作为一组，然后按编码规则将每一个组转换成为5bits，因此效率为4/5=80%。答案：C 在以太网中使用CRC校验码，其生成多项式是 （14） 。（14）AG(X)=X16+X12+X5+1 BG(X)=X16+X15+X2+1

5、 CG(X)=X16+X11+X3+X2+X+1 DG(X)= X32+X26+X23+X22+X16+X12+X11+X10+X8+X7+X5+X4+X3+X+1试题解析：谁都不会刻意记忆CRC编码的生成多项式。但以太网帧格式的校验段总共有4个字节却是很多人熟识的，因此以太网的CRC码的生成多项式的最高阶必定是4*8=32，D是唯一满足条件的答案。答案：D 8个9600b/s的信道按时分多路复用在一条线路上传输，在统计TDM情况下，假定每个子信道有80%的时间忙，复用线路的控制开销为5%，那么复用线路的带宽为 （15） 。（15）A32kb/sB64 kb/s C72 kb/sD96 kb/s试题解析：（8 * 9600）* 80% / （1-5%） 64kb/s。答案：B 设信道带宽为4kHz，信噪比为30dB，按照香农定理，信道的最大数据速率约等于 （16） 。（16）A10 kb/sB20 kb/s C30 kb/sD40 kb/s试题解析：香农（Shannon）总结出有噪声信道的最大数据传输率：在一条带宽为H Hz、信噪比为S/N的有噪声信道的最大数据传输率Vmax为：Vma

6、x = H log2（1S/N）bps 先求出信噪比S/N：由 30db=10 log10 S/N，得 log10 S/N = 3，所以S/N=103=1000。计算Vmax：Vmax = H log2（1S/N）bps = 4000 log2（11000）bps40009.97 bps 40Kbps答案：D 在E1载波中，每个子信道的数据速率是 （17） ，E1载波的控制开销占 （18） 。（17）A32 kb/sB64 kb/s C72 kb/sD96 kb/s（18）A3.125 %B6.25 %C1.25%D25%试题解析：E1（或E-1）是欧洲电子传输格式，由ITU-TS设计并由欧洲邮政电讯管理委员会（CEPT）命名。E1线路将32个信道复用在1个E1的数据帧中，每个信道占8个比特，每秒传输8000帧。因此E1的速率为3288000=2.048Mbps。使用E1进行传输的ISDN使用了30个B信道传输数据，因此控制开销=（32-30）/32=6.25%。（其实直接为E1载波的控制开销是多少是不严谨的，题目中并没有强调说一定是30B+D的ISDN系统，如果另外有其他的传输系统采

7、用了不同的方式，那么控制开销自然也不同。）答案：（17）B（18）B 在HFC网络中，Cable Modem的作用是 （19） 。（19）A用于调制解调和拨号上网 B用于调制解调以及作为以太网接口 C用于连接电话线和用户终端计算机 D连接ISDN接口和用户终端计算机试题解析：Cable Modem既不用于拨号上网，也不用于连接电话线，更与ISDN没有什么关系。答案：B 以下属于对称数字用户线路（Symmetrical Digital Subscriber Line）的是 （20） 。（20）AHDSLBADSLCRADSLDVDSL试题解析：RADSL（Rate-Adaptive DSL，速率自适应数字用户线路）也是非对称数字用户线路。答案：A 关于ARP表，以下描述中正确的是 （21） 。（21）A提供常用目标地址的快捷方式来减少网络流量 B用于建立IP地址到MAC地址的映射 C用于在各个子网之间进行路由选择 D用于进行应用层信息的转换试题解析：常识。答案：B 因特网中的协议应该满足规定的层次关系，下面的选项中能正确表示协议层次和对应关系的是 （22） 。试题解析：SNMP、TFTP

8、是基于UDP的，而HTTP、Telnet是基于TCP的。答案：C BGP协议的作用是 （23） 。（23）A用于自治系统之间的路由器之间交换路由信息 B用于自治系统内部的路由器之间交换路由信息 C用于主干网中路由器之间交换路由信息 D用于园区网中路由器之间交换路由信息试题解析：BGP（Border Gateway Protocol，边界网关协议）负责在AS之间进行路由，是EGPs的一种。答案：A 关于RIP，以下选项中错误的是 （24） 。（24）ARIP使用距离矢量算法计算最佳路由 BRIP规定的最大跳数为16 CRIP默认的路由更新周期为30秒 DRIP是一种内部网关协议试题解析：RIP规定的最大跳数为15，16意味着无穷大。答案：B 路由汇聚（Route Summarization）是把小的子网汇聚成大的网络，下面4个子网：172.16.193.0/24、172.16.194.0/24、172.16.196.0/24和172.16.198.0/24，进行路由汇聚后的网络地址是 （25） 。（25）A172.16.192.0/21B172.16.192.0/22 C172.16.200.0/22D172.16.224.0/20试题解析：前两个字节和最后一个字节不做比较了，只比较第三个字节。193194196198显然，这四个数字只有前五位是完全相同的，因此汇聚后的网络的第三个字节应该是192。汇聚后的网络的掩码中1的数量应该有8+8+5=21。因此答案是172.16.192.0/21。答案：A 分配给某校园网的地址块是202.105.192.0/18，该校园网包含 （26） 个C类网络。（26）A6B14C30D62试题解析：C类地址的缺省掩码应该有24个“1”，24-18=6，因此正确答案应该是26=64。但选项中没有64，只有62和它比较接近。这是因为出题者还是遵循早已被废弃的“子网段中全0和全1都不可用”的

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