2020年高考物理 刷题1+1（2019模拟题）组合模拟卷四（含解析）

1、组合模拟卷四第卷(选择题，共48分)二、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14(2019重庆南开中学高三4月模拟)氘核和氚核聚变的核反应方程为HHHen，已知H的比结合能是2.78 MeV，H的比结合能是1.09 MeV，He的比结合能是7.03 MeV，则()A该核反应释放17.6 MeV能量B该核反应释放3.16 MeV能量C该核反应吸收17.6 MeV能量D该核反应吸收3.16 MeV能量答案A解析聚变反应前的总结合能为：E1(1.0922.783) MeV10.52 MeV，反应后生成物的结合能为：E27.034 MeV28.12 MeV，故该反应放出的核能为：EE2E117.6 MeV，A正确。15(2019福建泉州二模)2019年1月3日，“嫦娥四号”探测器携“玉兔二号”月球车成功着陆在月球背面，进行科学探测。已知“嫦娥四号”在着陆之前绕月球做圆周运动的半径为r1、周期为T1；月球绕地球做圆周运动的半径为r2、周期为T2

2、，引力常量为G。根据以上条件能得出()A地球的密度 B地球对月球的引力大小C“嫦娥四号”的质量 D关系式答案B解析月球绕地球运动：根据Gm月r2可求出地球质量，但由于不知道地球半径，求不出地球体积，所以算不出地球的密度，A错误；地球对月球的引力提供月球做圆周运动的向心力：Fm月r2，“嫦娥四号”绕月球做圆周运动，设“嫦娥四号”探测器的质量m，则Gmr1，求得月球质量m月，所以地球对月球的引力：Fm月r2r2，B正确； “嫦娥四号”绕月球做圆周运动，Gmr1，可求出月球质量，不能求出环绕的探测器质量，C错误；开普勒第三定律适用于围绕同一中心天体做圆周运动的卫星，所以对月球和“嫦娥四号”不适用，D错误。16(2019北京石景山高三统一测试)如图所示，完全相同的甲、乙两个环形电流同轴平行放置，甲的圆心为O1，乙的圆心为O2，在两环圆心的连线上有a、b、c三点，其中aO1O1bbO2O2c，此时a点的磁感应强度大小为B1，b点的磁感应强度大小为B2。当把环形电流乙撤去后，c点的磁感应强度大小为()AB1 BB2CB2B1 D.答案A解析对于图中单个环形电流，根据安培定则，其在中轴线上的磁场方向

3、均向左，故c点的磁场方向向左。设aO1O1bbO2O2cr，单个环形电流在轴线上距离圆心r位置的磁感应强度为B1r，在距离中心3r位置的磁感应强度为B3r，故a点磁感应强度：B1B1rB3r；b点磁感应强度：B2B1rB1r；当撤去环形电流乙后，c点磁感应强度：BcB3rB1B2，故A正确。17(2019广西钦州三模)日常生活中，我们在门下缝隙处塞紧一个木楔(侧面如图所示)，往往就可以把门卡住。有关此现象的分析，下列说法正确的是()A木楔对门的作用力大于门对木楔的作用力，因而能将门卡住B门对木楔作用力的水平分量等于地面对木楔摩擦力的大小C只要木楔的厚度合适都能将门卡住，与顶角的大小无关D只要木楔对门的压力足够大就能将门卡住，与各接触面的粗糙程度无关答案B解析木楔对门的作用力和门对木楔的作用力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，A错误；对木楔受力分析如图所示，水平方向fFsin，门对木楔作用力的水平分量等于地面对木楔摩擦力的大小，B正确； 对木楔，竖直方向：NFcosmg，则fmaxN(Fcosmg)，要把门卡住，则不管多大的力F均满足fmaxf，即(Fcosmg)Fsin，不管

4、m的大小，只要tan，就可把门卡住，故能否把门卡住与顶角和接触面的粗糙程度有关，故C、D错误。18(2019石家庄精英中学高三二调)细线两端分别系有带正电的甲、乙两小球，它们静止在光滑绝缘水平面上，电荷量分别为q1和q2，质量分别为m1和m2。烧断细线后两球向相反方向运动，下列说法正确的是()A运动的同一时刻，甲、乙两球受到的电场力大小之比为q2q1 B运动的同一时刻，甲、乙两球动能之比为m1m2 C在相同的运动时间内，甲、乙两球受到的电场力的冲量大小之比为11 D在相同的运动时间内，甲、乙两球受到的合力做功之比为11答案C解析甲、乙两球受到的电场力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律知，甲、乙两球受到的电场力大小之比为11，与电荷量无关，A错误；两球组成的系统所受合外力为零，系统的动量守恒，取甲球的运动方向为正方向，由动量守恒定律得：m1v甲m2v乙0，得v甲v乙m2m1，运动的同一时刻，甲、乙两球动能之比为Ek1Ek2m1vm2vm2m1，B错误；对甲、乙两球分别运用动量定理得：I甲m1v甲0，I乙m2v乙0，解得在相同的运动时间内甲、乙两球受到电场力的冲量大小之比I甲I乙11

5、，C正确；对甲、乙两球分别运用动能定理得：W合甲Ek10，W合乙Ek20，解得在相同的运动时间内甲、乙两球受到合力做功之比W合甲W合乙m2m1，D错误。19(2019全国卷)如图a，在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离。某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次都从离开跳台开始计时，用v表示他在竖直方向的速度，其vt图象如图b所示，t1和t2是他落在倾斜雪道上的时刻。则()A第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小B第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大C第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大D竖直方向速度大小为v1时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大答案BD解析vt图象中图线与t轴包围的面积表示位移大小，第二次滑翔过程中所围面积大表示在竖直方向上位移大，A错误；两次滑翔最终都落在雪道上，故两次滑翔竖直方向上的位移与水平方向上的位移的比值相等。由A中可知第二次滑翔竖直方向的位移比第一次的大，故第二次滑翔水平方向上的位移也比第一次的大，B正确；从起跳到落到雪道上，第一次滑翔竖直方向的速度变化大，时间短，由a，可知第二

6、次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的小，C错误；vt图象的斜率表示加速度，竖直方向速度大小为v1时，第二次滑翔在竖直方向上的加速度小，设在竖直方向上所受阻力为f，由mgfma，可得第二次滑翔在竖直方向上受到的阻力大，D正确。20(2019黑龙江哈尔滨三中二模)如图所示，半径为R2 cm的圆形区域中有垂直纸面向外的匀强磁场(图中未画出)，磁感应强度B2 T，一个比荷为2106 C/kg的带正电的粒子从圆形磁场边界上的A点以v08104 m/s的速度垂直直径MN射入磁场，恰好从N点射出，且AON120。下列选项正确的是()A带电粒子在磁场中运动的轨迹半径为1 cmB带电粒子在磁场中运动的轨迹圆心一定在圆形磁场的边界上C若带电粒子改为从圆形磁场边界上的C点以相同的速度入射，一定从N点射出D若要实现带电粒子从A点入射，从N点出射，则该圆形磁场的最小面积为3104 m2答案BCD解析根据洛伦兹力提供向心力：qvBm，可得：r，代入数据解得：r2 cm，A错误；粒子运动轨迹如图所示，可知四边形AONP为菱形，又因为AON120，根据几何知识可得圆心P一定在圆周上，B正确；从圆形磁场边界上

7、的C点以相同的速度入射，假设出射点位置在N点，易知四边形SCON为菱形，则CSON，N与N重合，故粒子一定从N点射出，C正确；当带电粒子从A点入射，从N点出射，以AN为直径的圆形磁场面积最小，Smin2(rcos30)23104 m2，D正确。21(2019两湖八市十二校联合二模)如图所示，空间直角坐标系的xOz平面是光滑水平面，空间中有沿z轴正方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B。现有两块平行的薄金属板，彼此间距为d，构成一个电容为C的电容器，电容器的下极板放在xOz平面上；在两板之间焊接一根垂直于两板的电阻不计的金属杆MN，已知两板和杆MN的总质量为m，若对杆MN施加一个沿x轴正方向的恒力F，两金属板和杆开始运动后，则()A金属杆MN中存在沿M到N方向的感应电流B两金属板间的电压始终保持不变C两金属板和杆做加速度大小为的匀加速直线运动D单位时间内电容器增加的电荷量为答案AD解析由右手定则可知，感应电流方向为由M流向N，A正确；此装置在F和安培力F安作用下做变速直线运动，设某时刻速度为v，切割磁感线产生电动势：EBdv，电容器两板间电压：UEBdv，因为v变化，所以U随时间变化，B错误

8、；电容器所带电量QCUCBdv，MN间某时刻的充电电流：ICBdCBda，方向向下，根据左手定则可知，MN受到向左的安培力：F安BIdCB2d2a，以整个装置为研究对象，由牛顿第二定律得：FF安ma，即：FCB2d2ama，解得：a，为定值，即做匀加速直线运动，C错误；单位时间内电容器增加的电荷量为CBda，D正确。第卷(非选择题，共62分)三、非选择题(包括必考题和选考题两部分，共62分。第2225题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33、34题为选考题，考生根据要求作答)(一)必考题(共47分)22(2019福建南平二模)(5分)(1)某研究性学习小组使用速度传感器探究小车的加速度与力、质量的关系，实验装置如图甲所示。为使细线下端悬挂砝码和砝码盘的总重力可视为小车受到的合力，正确的操作是_。A小车的质量M应远小于砝码和砝码盘的总质量mB实验前应调节滑轮高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行C不挂砝码和砝码盘，将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车恰好能匀速下滑D每次改变小车质量后都要重新平衡摩擦力(2)该组同学在平衡小车与木板间的摩擦力后，在小车上固定一与运动方向垂直的薄板以增大空气

9、阻力。用图乙所示的装置探究物体受到空气阻力与运动速度大小间的关系得到小车(含薄板)的vt图象如图丙所示，该组同学通过分析得出：随着运动速度的增加，小车所受的空气阻力_(选填“变大”“不变”或“变小”)。理由是_。答案(1)BC(2)变大随着运动速度的增加，小车的加速度减小(或合外力减小)解析(1)为使细线下端悬挂砝码和砝码盘的总重力可视为小车受到的合力，则要求小车的质量M应远大于砝码和砝码盘的总质量m，A错误；实验前应调节滑轮高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行，B正确；不挂砝码和砝码盘，将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车恰好能匀速下滑，以平衡摩擦力，C正确；每次改变小车质量后不需要重新平衡摩擦力，D错误。(2)由vt图象可知，随着速度的增加，斜率逐渐减小，即加速度逐渐减小，由Ffma可得空气阻力逐渐增大，即随着运动速度的增加，小车所受的空气阻力变大。23(2019安徽合肥高三上一诊)(10分)某实验小组为了测量一个阻值未知的电阻，进行了如下操作：(1)首先用欧姆表粗测其电阻，如图所示，则其读数为_ ；(2)为了比较准确地测量此电阻，采用“伏安法”进行实验。所用器材如下：电源E：电动势为9 V，

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