2024年高考物理试卷（海南）（解析卷）.docx

2024年海南省高考物理试题一、单选题（本题共8小题，每小题3分，共24分在每个小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）1. 神舟十七号载人飞船返回舱于2024年4月30日在东风着陆场成功着陆，在飞船返回至离地面十几公里时打开主伞飞船快速减速，返回舱速度大大减小，在减速过程中（　　）A. 返回舱处于超重状态 B. 返回舱处于失重状态C. 主伞的拉力不做功 D. 重力对返回舱做负功【答案】A【解析】【详解】AB．返回舱在减速过程中，加速度竖直向上，处于超重状态，故A正确，B错误；C．主伞的拉力与返回舱运动方向相反，对返回舱做负功，故C错误；D．返回舱重力与返回舱运动方向相同，重力对返回舱做正功，故D错误2. 人工核反应中的X是（　　）A. 中子 B. 质子 C. 电子 D. α粒子【答案】A【解析】【详解】根据质量数守恒和电荷数守恒可知X的电荷数为0，质量数为1，则X是中子3. 在跨越河流表演中，一人骑车以25m/s的速度水平冲出平台，恰好跨越长的河流落在河对岸平台上，已知河流宽度25m，不计空气阻力，取，则两平台的高度差h为（　　）A. 0.5m B. 5m C. 10m D. 20m【答案】B【解析】【详解】车做平抛运动，设运动时间，竖直方向水平方向其中、解得故选B。

4. 一正三角形OPQ玻璃砖，某束光线垂直火OP射入，恰好在PQ界面发生全反射，则玻璃砖的折射率（　　）A. B. C. D. 2【答案】C【解析】【详解】如图所示根据几何关系可知光线在PQ界面的入射角为 根据全反射的临界条件可得解得故选C5. 商场自动感应门如图所示，人走进时两扇门从静止开始同时向左右平移，经4s恰好完全打开，两扇门移动距离均为2m，若门从静止开始以相同加速度大小先匀加速运动后匀减速运动，完全打开时速度恰好为0，则加速度的大小为（　　）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】设门的最大速度为，根据匀变速直线运动的规律可知加速过程和减速过程的平均速度均为，且时间相等，均为2s，根据可得则加速度故选C6. 嫦娥六号进入环月圆轨道，周期为T，轨道高度与月球半径之比为k，引力常量为G，则月球的平均密度为（　　）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】设月球半径为，质量为，对嫦娥六号，根据万有引力提供向心力月球的体积月球的平均密度联立可得故选D7. 用铝制易拉罐制作温度计，一透明薄吸管里有一段油柱（长度不计）粗细均匀，吸管与罐密封性良好，罐内气体可视为理想气体，已知罐体积为，薄吸管底面积，罐外吸管总长度为20cm，当温度为27℃时，油柱离罐口10cm，不考虑大气压强变化，下列说法正确的是（　　）A. 若在吸管上标注等差温度值，则刻度左密右疏B. 该装置所测温度不高于31.5℃C. 该装置所测温度不低于23.5℃D. 其他条件不变，缓慢把吸管拉出来一点，则油柱离罐口距离增大【答案】B【解析】【详解】A．由盖—吕萨克定律得其中，，代入解得根据可知故若在吸管上标注等差温度值，则刻度均匀，故A错误；BC．当时，该装置所测的温度最高，代入解得故该装置所测温度不高于，当时，该装置所测的温度最低，代入解得故该装置所测温度不低于，故B正确，C错误；D．其他条件不变，缓慢把吸管拉出来一点，由盖—吕萨克定律可知，油柱离罐口距离不变，故D错误。

故选B8. 利用如图所示的装置研究光电效应，闭合单刀双掷开关，用频率为的光照射光电管，调节滑动变阻器，使电流表的示数刚好为0，此时电压表的示数为，已知电子电荷量为e，普朗克常量为h，下列说法正确的是（　　）A. 其他条件不变，增大光强，电压表示数增大B. 改用比更大频率的光照射，调整电流表的示数为零，此时电压表示数仍为UC. 其他条件不变，使开关接，电流表示数仍为零D. 光电管阴极材料的截止频率【答案】D【解析】【详解】A．当开关S接1时，由爱因斯坦光电效应方程故其他条件不变时，增大光强，电压表的示数不变，故A错误；B．若改用比更大频率的光照射时，调整电流表的示数为零，而金属的逸出功不变，故遏止电压变大，即此时电压表示数大于U，故B错误；C．其他条件不变时，使开关S接2，此时可发生光电效应，故电流表示数不为零，故C错误；D．根据爱因斯坦光电效应方程其中联立解得，光电管阴极材料的截止频率为故D正确二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分，在每个小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对而不全的得2分，错选或不选的得0分9. 电动汽车充电站变压器输入电压为10kV，输出电压为220V，每个充电桩输入电流16A，设原副线圈匝数分别为、，输入正弦交流的频率为50Hz，则下列说法正确的是（　　）A. 交流电的周期为0.02sB. 原副线圈匝数比C. 输出的最大电压为220VD. 若10台充电桩同时使用，输入功率为35.2kW【答案】AD【解析】【详解】A．交流电的周期为故A正确；B．根据理想变压器原副线圈的电压与线圈匝数的关系可得，原副线圈匝数比为故B错误；C．输出的最大电压为故C错误；D．若10台充电桩同时使用，输出功率为变压器不改变功率，故输入功率为故D正确。

故选AD10. 一歌手在湖边唱歌，歌声通过空气和水传到距其2km的湖对岸，空气中的声速为340m/s，水中声速为1450m/s，歌声可视为频率为400Hz的声波，则下列说法正确的是（　　）A. 在水中传播频率会改变B. 由空气和水传到湖对岸的时间差约为4.5sC. 在空气中波长为0.85mD. 在水中的波长为5m【答案】BC【解析】【详解】A．频率只与波源有关，故在水中传播频率不会改变，故A错误；B．由空气传到湖对岸的时间为由水传到湖对岸的时间为故由空气和水传到湖对岸的时间差约为故B正确；C．在空气中的波长为故C正确；D．在水中的波长为故D错误故选BC11. 一定质量的理想气体从状态a开始经ab、bc、ca三个过程回到原状态，已知ab垂直于T轴，bc延长线过O点，下列说法正确的是（　　）A. be过程外界对气体做功 B. ca过程气体压强不变C. ab过程气体放出热量 D. ca过程气体内能减小【答案】AC【解析】【详解】A．由理想气体状态方程化简可得由图像可知，图像的斜率越大，压强越小，故bc过程为等压变化，体积减小，外界对气体做功，故A正确；B．由A选项可知，ca过程压强减小，故B错误；C．ab过程为等温变化，内能不变，故根据玻意耳定律可知，体积减小，压强增大，外界对气体做功，故根据热力学第一定律解得故ab过程气体放出热量，故C正确；D．ca过程，温度升高，内能增大，故D错误。

故选AC12. 真空中有两个点电荷，电荷量均为−q（q ≥ 0），固定于相距为2r的P1、P2两点，O是P1P2连线的中点，M点在P1P2连线的中垂线上，距离O点为r，N点在P1P2连线上，距离O点为x（x << r），已知静电力常量为k，则下列说法正确的是（ ）A. P1P2中垂线上电场强度最大的点到O点的距离为B. P1P2中垂线上电场强度的最大值为C. 在M点放入一电子，从静止释放，电子的加速度一直减小D. 在N点放入一电子，从静止释放，电子的运动可视为简谐运动【答案】CD【解析】【详解】AB．设P1处的点电荷在P1P2中垂线上某点A处产生的场强与竖直向下的夹角为θ，则根据场强的叠加原理可知，A点的合场强为根据均值不等式可知当时E有最大值，且最大值为再根据几何关系可知A点到O点的距离为故AB错误；C．在M点放入一电子，从静止释放，由于可知电子向上运动的过程中电场力一直减小，则电子的加速度一直减小，故C正确；D．根据等量同种电荷的电场线分布可知，电子运动过程中，O点为平衡位置，可知当发生位移x时，粒子受到的电场力为由于x << r，整理后有在N点放入一电子，从静止释放，电子将以O点为平衡位置做简谐运动，故D正确。

故选CD13. 两根足够长的导轨由上下段电阻不计，光滑的金属导轨组成，在M、N两点绝缘连接，M、N等高，间距L = 1m，连接处平滑导轨平面与水平面夹角为30°，导轨两端分别连接一个阻值R = 0.02Ω的电阻和C = 1F的电容器，整个装置处于B = 0.2T的垂直导轨平面斜向上的匀强磁场中，两根导体棒ab、cd分别放在MN两侧，质量分为m1 = 0.8kg，m2 = 0.4kg，ab棒电阻为0.08Ω，cd棒的电阻不计，将ab由静止释放，同时cd从距离MN为x0 = 4.32m处在一个大小F = 4.64N，方向沿导轨平面向上的力作用下由静止开始运动，两棒恰好在M、N处发生弹性碰撞，碰撞前瞬间撤去F，已知碰前瞬间ab的速度为4.5m/s，g = 10m/s2（ ）A. ab从释放到第一次碰撞前所用时间为1.44sB. ab从释放到第一次碰撞前，R上消耗的焦耳热为0.78JC. 两棒第一次碰撞后瞬间，ab的速度大小为6.3m/sD. 两棒第一次碰撞后瞬间，cd的速度大小为8.4m/s【答案】BD【解析】【详解】A．由于金属棒ab、cd同时由静止释放，且恰好在M、N处发生弹性碰撞，则说明ab、cd在到达M、N处所用的时间是相同的，对金属棒cd和电容器组成的回路有Δq = C·BLΔv对cd根据牛顿第二定律有F－BIL－m2gsin30° = m2a2其中，联立有则说明金属棒cd做匀加速直线运动，则有联立解得a2 = 6m/s2，t = 1.2s故A错误；B．由题知，知碰前瞬间ab的速度为4.5m/s，则根据功能关系有金属棒下滑过程中根据动量定理有其中，R总 = R＋Rab = 0.1Ω联立解得q = 6C，xab = 3m，Q = 3.9J则R上消耗的焦耳热为故B正确；CD．由于两棒恰好在M、N处发生弹性碰撞，取沿斜面向下为正，有m1v1－m2v2 = m1v1′＋m2v2′其中v2 = a2t = 72m/s联立解得v1′ = －3.3m/s，v2′ = 8.4m/s故C错误、D正确。

故选BD三、实验题（本题共两个小题，其中14题（1）6分，14题（2）6分，15题6分，总共18分）14. 水平圆盘上紧贴边缘放置一密度均匀的小圆柱体，如图（a）所示，图（b）为俯视图，测得圆盘直径D = 42.02cm，圆柱体质量m = 30.0g，圆盘绕过盘心O1的竖直轴匀速转动，转动时小圆柱体相对圆盘静止为了研究小圆柱体做匀速圆周运动时所需要的向心力情况，某同学设计了如下实验步骤：（1）用秒表测圆盘转动10周所用的时间t = 62.8s，则圆盘转动的角速度ω = _____rad/s（π取3.14）（2）用游标卡尺测量小圆柱体不同位置的直径，某次测量的示数如图（c）所示，该读数d = _____mm，多次测量后，得到平均值恰好与d相等。