概率统计常见题型及方法总结.doc

常见大题：1. 全概率公式和贝叶斯公式问题B看做“结果〞，有多个“原因或者条件〞可以导致B这个“结果〞发生，考虑结果B发生的概率，或者求在B发生的条件下，源于*个原因的概率问题全概率公式： 贝叶斯公式： 一〔12分〕今有四个口袋，它们是甲、乙、丙、丁，每个口袋中都装有只红球和只白球先从甲口袋中任取一只球放入乙口袋，再从乙口袋中任取一只球放入丙口袋，然后再从丙口袋中任取一只球放入丁口袋，最后从丁口袋中任取一球，问取到红球的概率为多少.解 表示从第个口袋放入第个口袋红球，表示从第个口袋中任取一个球为红球， 2分则， 2分 2分依次类推 2分 二〔10分〕袋中装有只正品硬币，只次品硬币〔次品硬币的两面均印有国徽〕，在袋中任取一只，将它投掷次，每次都出现国徽，问这只硬币是次品的概率为多少. 、解记={取到次品}，={取到正品}，={将硬币投掷次每次都出现国徽}则，，―—５分三、〔10分〕一批产品共100件，其中有4件次品，其余皆为正品。

现在每次从中任取一件产品进展检验，检验后放回，连续检验3次，如果发现有次品，则认为这批产品不合格在检验时，一件正品被误判为次品的概率为0.05，而一件次品被误判为正品的概率为0.01〔1〕求任取一件产品被检验为正品的概率；〔2〕求这批产品被检验为合格品的概率解 设 表示“任取一件产品被检验为正品〞，表示“任取一件产品是正品〞，则，，，〔1〕由全概率公式得〔2〕这批产品被检验为合格品的概率为四、在电报通讯中不断发出信号‘0’和‘1’，统计资料说明，发出‘0’和‘1’的概率分别为0.6和0.4，由于存在干扰，发出‘0’时，分别以概率0.7和0.1接收到‘0’和‘1’，以0.2的概率收为模糊信号‘’；发出‘1’时，分别以概率0.85和0.05收到‘1’和‘0’，以概率0.1收到模糊信号‘’〔1〕求收到模糊信号‘’的概率；〔2〕当收到模糊信号‘’时，以译成哪个信号为好.为什么.解设=“发出信号〞，=“收到信号〞由题意知，，，〔1〕由全概率公式得 4分 2分〔2〕由贝叶斯公式得， 3分 3分二、 随机变量函数的分布及其边缘密度及其独立性的判断记住如下知识点：常见分布律和概率密度：一般正态分布的计算转化为标准正态分布去做：连续随机变量*:二维随机变量的分布函数：联合密度：掌握如下解决随机变量函数分布的解题方法：对于二维随机变量函数的概率密度，注意：除了求随机变量 Z=*+Y 的密度函数用公式：注意：先写出联合密度:，根据联合密度写出或者，在平面*0z或者y0z上画出被积函数不为零的区域，然后穿线通过区域确定*的上下限。

他的函数Z = g ( * , Y )的概率密度，只能使用分布函数法其步骤如下：第一步 求联合密度:，根据联合密度写出或者第二步 求z的分布函数：难点是画出二重积分的积分区域，然后把二重积分化为二次积分定上下限，画图：先画出被积函数也就是联合密度非零的区域，再确定区域与密度非零区域的重合区域就是二重积分的积分区域，穿线定积分限：然后左右穿或者上下穿个积分区域定限，求出分布函数第三步 求密度函数：分析：一、设总体服从上的均匀分布，是来自总体的一个样本，最大顺序统计量，1．求随机变量的概率密度；解：，其分布函数为而的分布函数为，二、〔10分〕设二维随机变量的概率密度为〔1〕求常数的值；〔2〕求与的协方差解 〔1〕由，得〔2〕三〔16分〕设二维随机变量的概率密度为（1） 求边缘密度函数，；（2） 求边缘分布函数，；（3） 判断与是否相互独立；（4） 求1) ，当≤0时，=0,于是=0当＞0时， =， 所以的边缘概率密度为=的边缘概率密度 当≤0时，=0当＞0时 = 4分〔2〕 4分〔3〕独立 4分〔3〕 4分四〔１０分〕设随机变量的概率密度为求随机变量的分布函数。

当时，　当时，所以的分布函数为3. 中心极限定理的问题：用正态分布近似计算共两类：一类是二项分布的近似计算问题 ，即,这个公式给出了n 较大时二项分布的概率计算方法另一类是除二项分布之外的其他分布的独立变量连加和的计算问题，设独立同分布，近似有连加和服从正态分布：一、 (14分) 设粮仓老鼠的数目是一个服从泊松分布的随机变量，且仓无鼠的概率为〔1〕写出随机变量的分布律；〔2〕试用中心极限定理计算，在200个同类粮仓老鼠总数超过350只的概率解 〔1〕； 5分〔2〕表示任意老鼠个数，由中心极限定理 3分 3分 3分二、〔１０分〕*保险公司多年的统计资料说明，在索赔户中被盗索赔户占20%，以表示在随意抽查的100个索赔户中因被盗而向保险公司索赔的数。

〔1〕写出的概率分布；〔2〕求被盗索赔户不少于14户且不多于30户的概率的近似值[解] 〔1〕，，〔2〕，根据棣莫佛—拉普拉斯中心极限定理三〔10分〕*银行的柜台替每一位顾客的效劳时间〔单位：分钟〕服从参数的指数分布，且各位顾客的效劳时间是相互独立的，试用中心极限定理计算，对100位顾客的总效劳时间不超过240分钟的概率解 设分别表示每一位顾客的效劳时间，则它们相互独立一样分布，且 ------------------------------- 5分 点估计的问题：矩估计和似然估计似然函数的构造：例题分析：一、设总体的概率密度为是未知参数,是来自的样本，1．求的矩估计量；矩估计法:，令, => 2． 求的最大似然估计量；3． 判断，是否为无偏估计解：最大似然估计法：设为样本的观察值，则似然函数为，按似然估计的思想，当 似然函数关于 是增函数，故的最大似然估计量为二〔10分〕设为样本，总体的概率密度为求参数的最大似然估计量；问它是否为的无偏估计量 　　　解设是相应的样本值，则似然函数为=令 为无偏估计量 三、设是总体的样本,的概率密度为其中.求和的最大似然估计量。

设是的样本值, 则似然函数, 当〔〕时,, 令显然, 第二个等式是矛盾等式, 所以由上述似然方程求不出和. 由于, 这说明是的严格递增函数, 注意到〔〕, 因此当时最大. 于是和的最大似然估计值, , 于是和的最大似然估计量为, .四、〔10分〕设总体*的概率密度为其中是未知参数设为总体的样本〔1〕求参数的最大似然估计量；〔2〕判断是否为的无偏估计量解〔1〕设是的观测值, 则似然函数为，令 ，得，解得的最大似然估计量为 〔2〕由于，是的无偏估计量五〔10分〕设电池的寿命服从指数分布，其概率密度为 其中为未知参数，今随机抽取5只，测得寿命如下： 1150，1190，1310，1380，1420 求电池的平均寿命的最大似然估计值解 似然函数， 3分 3分令得 2分 2分六、设总体*的概率密度为其中是未知参数.设为总体的样本.求参数的矩估计量和最大似然估计量.解矩估计且 ，令，则从而的矩估计量最大似然估计设是的样本观测值, 则似然函数为. 取对数得，令，得，解得 ,所以, 的最大似然估计量为.七、．设总体的分布律为， ，其中为未知参数。

现抽得一个样本：，，，求参数的矩估计值和极大似然估计值解 ，由，即，得参数的矩估计值为统计量的分布判断问题：主要利用性质：独立正态分布的线性组合还是正态分布三大分布的定义：例题分析：一 、设是正态总体的样本， 1．试问服从什么分布〔指明自由度〕.且独立，2．假定，求的分布又和相互独立，故＝二．设是来自正态总体的样本，分别记为的样本均值和样本方差，求的分布解 ，，且与相互独立，所以， 由于，且与相互独立，因此由分布的定义得三、， .(1) 证明都是的无偏估计量；〔2〕判断中哪一个估计量更有效.利用卡方分布：四设是来自正态总体的样本，记，，，求统计量的分布.五、 设为*的样本，求统计量的分布.六、．设总体，是*的样本，统计量，〔〕服从分布，求参数的值和的分布的自由度解 由，得且相互独立，即，且相互独立于是且相互独立所以当时，该分布的自由度为2假设检验和区间估计的题目类型：记住正态总体的抽样分布定理，弄懂上分位数的含义，在密度曲线图上用分位数给出各个分布的大概率区域和小概率 区域能够从图上用分位数标出各种分布的双侧小概率区域和单侧小概率区域，，1〔10分〕*工厂生产铜线，根据长期积累的数据知，铜线的折断力服从正态分布，方差为。

今从*天生产的铜线中随机抽取根，测得折断力如下：，问该天生产的铜线折断力与以往比拟，其波动性有无显著变化.检验假设， 统计量，则当为真时，， 拒绝域为或 现在，， 由于，即该天生产的铜线折断力与以往比拟，其波动性无显著变化 2〔8分〕在*砖厂生产的一批砖中, 随机地抽取6块, 测量其抗断强度(单位MPa)分别为3.366 3.106 3.264 3.287 3.122 3.205设砖的抗断强度服从正态分布, 问能否认为这批砖的平均抗断强度是3.250MP。