【解析版】山东省烟台市2019届高三上学期期末考试物理试卷 word版含解析

1、山东省烟台市2019届高三第一学期期末学业水平诊断物理试题一、本题共14小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，第814题有多项符合题目要求。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.了解物理规律的发现过程，学会象科学家那样观察和思考，往往比掌握知识更重要。下列说法符合实际的是A. 库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律库仑定律，并进一步测得了元电荷的电荷量B. 伽利略通过理想斜面实验推翻了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的观点C. 法拉第发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D. 欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系【答案】B【解析】【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.【详解】A法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律-库仑定律，并测出了静电力常量k的值，美国科学家密立根测得了元电荷的电荷量，故A错误；B伽利略通过理想斜面实验推翻了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的观点，故B正确；C法拉第发现了电磁感应现象，奥斯特发现了电流的磁效应，拉开了

2、研究电与磁相互关系的序幕，故C错误；D欧姆发现了欧姆定律，说明了流过导体的电流与导体两端的电压、导体的电阻之间的联系；焦耳发现了焦耳定律，说明了热现象和电现象之间存在联系；故D错误.故选B.【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.2.下列说法中正确的是A. 一群处于n=3激发态的氢原子，在向较低能级跃迁的过程中向外辐射出三种不同波长的光子，其中从n=3跃迁到n=1所发出的光子波长最长B. 粒子散射实验验证了卢瑟福原子核式结构模型的正确性C. 放射性元素的半衰期随温度的升高而变小D. 发生光电效应时，入射光越强，光予能量就越大，光电子的最大初动能就越大【答案】B【解析】【分析】能级间跃迁吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差，即Em-En=hv放射性元素的半衰期与温度、压强等外部因素无关；粒子散射实验中少数粒子发生较大偏转是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据，根据光电效应方程分析。【详解】A氢原子从n=3的能级向较低能级跃迁的过程中向外辐射出三种不同波长的光子，根据：E=EmEn=h=hc可知，从n=3跃迁到n=1所

3、发出的光子的能量值最大，波长最短；故A错误.B粒子散射实验中，粒子发生偏转是粒子与原子内带正电的部分相互排斥的作用结果，少数粒子发生较大偏转这一实验事实否定了汤姆生的枣糕模型，引发了卢瑟福提出核式结构模型；故B正确.C放射性元素的半衰期只与核内部的自身因素有关，与原子所处的化学状态和温度、压力等于外部因素无关；故C错误.D光子的能量值与光的强度无关，与光的频率有关；根据光电效应方程：Ekm=h-W0，可知发生光电效应时，光电子的最大初动能也与光的强度无关；故D错误.故选B.【点睛】本题考查了半衰期、粒子散射实验、能级的跃迁以及光电效应等基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记并理解这些基础知识点.3.如图所示，共享单车的车锁集成了嵌入式芯片、北斗卫星导航模块和SIM卡等，便于监控单车在路上的具体位置。用户仅需要用手机上的客户端软件(APP)扫描二维码，即可自动开锁，骑行结束关锁后，手机APP上会显示计价、里程信息。此外，单车能够在骑行过程中为车内电池充电，满足定位和自动开锁等过程中的用电。下列说法正确的是A. 北斗卫星导航系统是通过超声波定位单车位置信息的B. 由手机上的显示信息，可

4、求出骑行的平均速度C. 单车是利用电磁感应原理实现充电的D. 单车在被骑行过程中受到的地面的摩擦力表现为阻力【答案】C【解析】【分析】现在定位是通过卫星进行定位的，明确充电过程是利用电磁感应现象将机械能转化为电能；明确平均速度的计算公式为位移与时间的比值；前轮摩擦力是阻力，而后轮摩擦力是动力.【详解】A单车某个时刻的准确位置信息是借助通讯卫星定位确定的，故A错误；B由手机APP上的显示信息包括路程和时间，没有说明具体的位移，故不可以求出骑行的平均速度，故B错误；C单车在运动过程通过电磁感应将机械能转化为电能从而实现充电，故C正确；D单车在骑行时，主动轮受到向前的摩擦力（动力），从动轮受到向后的摩擦力（阻力），故D错误.故选C.【点睛】本题利用生活中熟知的单车综合考查了惯性、电磁感应的应用、电磁波的应用等，要求掌握相应物理规律在生产生活中的应用.4.如图甲所示电路，理想变压器原线圈输入电压如图乙所示，原、副线圈匝数比为10：1，副线圈电路中R0为定值电阻，R为滑动变阻器，所有电表均为理想电表。下列说法正确的是A. 副线圈两端交变电压的频率为5HzB. 两电流表测量的是电流的瞬时值，电压表

5、测量的是电压的有效值C. 当滑动变阻器的滑片向上移动时，两电流表的示数均变小D. 当电流表A2的示数为2A时，变压器原线圈输入功率为220W【答案】C【解析】【分析】根据图乙知交流电周期求解频率；电压表和电流表示数均为有效值；滑动变阻器的触头滑动时，分析电阻的变化和电流表示数的变化；根据电功率的计算公式求解电功率.【详解】A根据图乙知交流电周期为0.02s，所以交变电压的频率为f=1T=50Hz，变压器变压不变频，故副线圈的频率50Hz，故A错误；B两电流表测量的是电流的有效值，电压表的示数表示的是电压的有效值，故B错误；C滑动变阻器的触头向上滑动，电阻增大，而副线圈电压不变，两个电流表的示数都减小，故C正确；D当电流表A2的示数为2A时，原线圈的电流强度I1=n2n1I2=0.2A，原线圈电压有效值U1=3112V=220V，变压器原线圈输入功率为P1=U1I1=2200.2W=44W，故D错误。故选C.【点睛】本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比；知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等.

6、原线圈的电压决定副线圈的电压；理想变压器在改变电压和电流的同时，不改变功率和频率.5.如图所示，一半径为R=0.2m的固定光滑14圆弧轨道AB位于竖直平面内，轨道下端与一光滑水平直轨道相切于B点，一小球M从距圆弧轨道最高点A高度为h=0.2m处由静止释放，并恰好沿切线进入圆弧轨道，当滑到水平面上后与静止在水平面上且前端带有轻弹簧的小球N碰撞，M、N质量均为m=1Kg，g=10ms2。下列说法正确的是A. 小球M在圆弧轨道内运动过程中所受合外力方向始终指向轨道圆心B. 轻弹簧被压缩至最短时，M和N的速度大小都是2msC. 轻弹簧被压缩的过程中，M、N的总动量和总动能都保持不变D. 轻弹簧被压缩过程中的最大弹性势能为4J【答案】B【解析】【分析】对小球M受力分析可知合外力方向是否指向圆心；小球M滑到B的过程由机械能守恒定律求得到B的速度，轻弹簧被压缩的过程满足动量守恒定律；根据能量守恒知轻弹簧被压缩的过程中，弹性势能增大，总动能减少，轻弹簧被压缩至最短时，弹性势能最大，根据能量守恒可求得.【详解】A小球M在圆弧轨道内运动过程中受竖直向下的重力、指向圆心的支持力，合外力方向除B点外并不指向轨

7、道圆心，故A错误；B小球M滑到B的过程由机械能守恒定律得：mg(h+R)=12mvB2，解得：vB=22m/s，当两球的速度相等时轻弹簧被压缩至最短，由动量守恒定律得：mvB=2mv，解得v=2m/s，故B正确；C轻弹簧被压缩的过程中，由动量守恒定律知M、N的总动量不变，根据能量守恒知弹性势能增大，所以总动能减少，故C错误；D轻弹簧被压缩至最短时弹性势能最大，根据能量守恒得：E弹m=12mvB2122mv2，解得E弹m=6J，故D错误.故选B.【点睛】本题考查了机械能守恒定律、动量守恒定律、能量守恒定律，弄清运动过程，明确能量的转化是解题的关键.6.甲、乙两辆汽车在平直的高速公路上行驶，某时刻两车正好并排行驶，从该时刻起两车的速度时间图像如下图所示，则下列说法正确的是A. t0时刻两车相遇B. 0到t1时间内，甲、乙两车的加速度大小均逐渐减小且方向相同C. 0到t0时间内，甲车的平均速度小于乙车的平均速度D. t1时刻甲、乙两车一定再次相遇，之后甲车将一直在乙车前方【答案】C【解析】【分析】根据速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示位移，分析位移关系，确定两车是否相遇。根据图象斜率的变

8、化分析加速度的变化。根据位移与时间之比分析平均速度关系.【详解】A根据速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示位移，知0-t0时间内乙车的位移比甲车的大，则t0时刻两车没有相遇，故A错误.B0-t1时间内，甲、乙两车图象斜率均逐渐减小，则它们的加速度大小均逐渐减小。甲图象切线斜率为正，乙图象切线斜率为负，则加速度方向相反，故B错误.C0-t0时间内甲车的位移比乙车的小，则甲车的平均速度小于乙车的平均速度，故C正确.D0-t1时间内，甲车的位移比乙车的大，则甲、乙两车没有相遇，之后甲车的速度比乙车的大，则甲车将一直在乙车前方，故D错误.故选C.【点睛】对于v-t图象，关键要需掌握两点：v-t图象的斜率大小代表加速度大小，斜率的正负代表加速度的方向；速度时间图象与时间轴围成的面积代表位移.7.如图所示，圆心为O、半径为R的圆周上有A、B、C、D四点，A、B是一条直径的两个端点，CD与AB平行，A、C之间的距离也为R。在A、B两点分别放置电荷量绝对值均为Q的正负点电荷，静电力常量为k。下列说法正确的是A. C、D两点电场强度相同，大小都为23kQ3R2B. 负电荷在C点的电势能大于在D点的电势

9、能C. 一正电荷沿着圆弧从C点移动到D点电场力不做功D. C、O两点的电势差等于O、D两点的电势差【答案】D【解析】【分析】根据等量异种电荷的电场线特点可知C、D两点的电场强度的关系，电势关系，从而判断电场力做功和电势能的关系.【详解】A根据等量异种电荷的电场线特点CD两点电场强度大小相等，方向不同，故A错误；B根据等量异种电荷的电场线特点C点电势大于D点电势，根据负电荷在电势低的地方电势能大，故负电荷在C点的电势能小于D点的电势能，故B错误；C根据等量异种电荷的电场线特点C点电势大于D点电势，根据正电荷在电势高的地方电势能大，正电荷在C点的电势能大于D点的电势能，故正电荷从C到D电场力做功正功，故C错误；D根据等量异种电荷的电场线特点中垂线的电势为等势面，即C、O的电势差等于O、D的电势差，故D正确.故选D.【点睛】本题考查等量异种电荷的特点，关键是知道等量异种电荷的电场线特点.8.如图所示，把两个相同的小球从离地面相同高度处，以相同大小的初速度v分别沿竖直向上和竖直向下方向抛出，不计空气阻力。则下列说法中正确的是A. 两小球落地时速度相同B. 两小球落地时，重力的瞬时功率相同C. 从小球抛出到落地，重力对两小球做的功相等D. 从小球抛出到落地，重力对两小球做功的平均功率相等【答案】C【解析】试题分析：由机械能守恒定律得，两小球落地时的速度大小相同，但方向不同，故A错误；两小球落地时，由于竖直方向的分速度不同，故重力的瞬时功率不相同，故B错误；由重力做功公式W=mgh得，从开始运动至落地，重力对两小球做功相同，故C正确；从抛出至落地，重力对两小球做的功相同，但是落地的时间不同，故重力

《【解析版】山东省烟台市2019届高三上学期期末考试物理试卷 word版含解析》由会员小**分享，可在线阅读，更多相关《【解析版】山东省烟台市2019届高三上学期期末考试物理试卷 word版含解析》请在金锄头文库上搜索。