浙江省丽水市学院附中高三数学理测试题含解析
浙江省丽水市学院附中高三数学理测试题含解析一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1. 已知上是单调增函数,则a的最大值是 A0 B1 C2 D3参考答案:D2. 在等比数列中,则3 3或 或参考答案:C3. 既是偶函数又在区间上单调递减的函数是( )A. B. C. D.参考答案:B4. 函数的图像如右图所示,为了得到这个函数的图像,只需将 的图像上的所有的点(A)向左平移个长度单位,再把所得各点的横坐标变为原来的倍,纵坐标不变(B)向左平移个长度单位,再把所得各点的横坐标变为原来的倍,纵坐标不变(C)向左平移个长度单位,再把所得各点的横坐标变为原来的倍,纵坐标不变(D)向左平移个长度单位,再把所得各点的横坐标变为原来的倍,纵坐标不变参考答案:A 5. 执行如上图所示的程序框图,若输出的结果是9,则判断框内m的取值范围是( ) A(42,56 B(56,72 C(72,90 D(42,90)参考答案:B第一次循环:,第二次循环:,第三次循环:,第七次循环:第八次循环:,此时,不满足跳出循环,此时,则判断框内的取值范围是(56,72,选B.6. 三个数的大小关系为( ).(A) (B) (C) (D) 参考答案:D略7. 定义方程的实数根叫做函数的“新驻点”,若函数的“新驻点”分别为,则的大小关系为 ( ) AB CD参考答案:C略8. 已知关于x的方程,则下列说法错误的是A.当时,方程的解的个数为1个 B.当时,方程的解的个数为1个C.当时,方程的解的个数为2个 D.当时,方程的解的个数为2个参考答案:D9. 宜昌市科协将12个参加青少年科技创新大赛的名额分配给3个学校,要求每个学校至少有一个名额且各校分配的名额互不相等,则不同的分配方法种数为()A36 B42 C48 D54参考答案:B10. 已知抛物线()与双曲线(,)有相同的焦点F,点A是两条曲线的一个交点,且轴,则该双曲线经过一、三象限的渐近线的倾斜角所在的区间是( )A B C. D参考答案:D两曲线有相同的焦点F,则.又AFx轴.不妨设点A在第一象限.可得A(c,2c).代入可得,整理化简可得:,双曲线经过一三象限的渐近线方程为,令,则:,解得:,即.故双曲线的渐近线的倾斜角所在的区间为.本题选择D选项.二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. 若双曲线1(a0,b0)的一条渐近线的倾斜角为60,则的最小值是_参考答案:12. 已知命题p:m0,命题q:?xR,x2+mx+10成立,若“pq”为真命题,则实数m的取值范围是参考答案:2m0【考点】复合命题的真假【分析】根据复合命题的真假性判断出命题p、q都是真命题,再逐一求出m的范围,最后求它们的交集【解答】解:因为“pq”为真命题,所以命题p、q都是真命题,若命题q是真命题,则?xR,x2+mx+10横成立,所以=m240,解得2m2,又命题p:m0,也是真命题,所以实数m的取值范围是:2m0,故答案为:2m013. 展开式的常数项为 (用数字作答)参考答案:160【详解】由,令得,所以展开式的常数项为.考点:二项式定理.14. 已知正三棱锥S-ABC的侧棱长为,底面边长为6,则该正三棱锥外接球的表面积是_.参考答案:64【分析】正棱锥的外接球的球心在顶点向底面做投影所在的直线上,先求底面外接圆的半径,再由勾股定理求锥的高,由勾股定理求出外接球的半径,由球的表面积公式求出表面积.【详解】解析:过点作平面于点,记球心为.在正三棱锥中,底面边长为6,侧棱长为,.球心到四个顶点的距离相等,均等于该正三棱锥外接球的半径长,.在中,即,解得,外接球的表面积为.故答案为:.【点睛】本题主要考查正三棱锥的外接球的表面积以及计算能力,属于中档题.15. 右图是各条棱长均为的正四面体的三视图,则侧视图三角形的面积为 .参考答案:16. 若最小值为a,最大值为b,则_参考答案:【分析】先求函数定义,求出函数的最大值a和最小值b,代入求极限。【详解】y4,定义域为1,3当x1时,y取最小值为2,当x3或1时,y取最大值为4,故a2,b4;故答案为:【点睛】本题考查求函数的定义域,根据定义域求函数的最值及求极限,属于中档题17. 已知是定义域为的单调递减的奇函数,若,则的取值范围是_参考答案:三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18. (00全国卷)(12分)如图,已知平行六面体ABCD-的底面ABCD是菱形,且=(I)证明:BD; (II)当的值为多少时,能使平面?请给出证明参考答案:解析:(I)证明:连结、AC,AC和BD交于O,连结 四边形ABCD是菱形, ACBD,BC=CD又 , , , DO=OB, BD, 3分但 ACBD,AC=O, BD平面又 平面, BD 6分(II)当时,能使平面证明一: , BC=CD=,又 ,由此可推得BD= 三棱锥C- 是正三棱锥 9分设与相交于G AC,且OC=21, GO=21又 是正三角形的BD边上的高和中线, 点G是正三角形的中心, CG平面即 平面 12分证明二:由(I)知,BD平面, 平面, BD 9分当 时 ,平行六面体的六个面是全等的菱形,同BD的证法可得又 BD=B,平面 12分 19. 如图,在三棱锥中,底面,为的中点, 为的中点,.()求证:平面;()求与平面成角的正弦值;()设点在线段上,且,平面,求实数的值.参考答案:()证明:因为 底面,底面,所以 , 1分又因为 , , 所以 平面, 2分又因为 平面,所以 . 3分因为 是中点,所以 ,又因为 ,所以 平面. 5分()解:在平面中,过点作因为 平面,所以 平面,由 底面,得,两两垂直,所以以为原点,所在直线分别为x轴,y轴,z轴如图建立空间直角坐标系, 则,. 6分设平面的法向量为,因为 ,由 得 令,得. 8分设与平面成角为,因为 ,所以 ,即 . 10分()解:因为 ,所以 , 又因为 ,所以 . 12分因为 平面,平面的法向量,所以 ,解得 . 14分略20. (本小题满分12分)已知函数(其中为正常数,)的最小正周期为(1)求的值;(2)在中,若,且,求参考答案:(1) 4分来而的最小正周期为,为正常数,解之,得 6分(2)由(1)得若是三角形的内角,则,令,得,或,解之,得或由已知,是的内角,且, 10分又由正弦定理,得12分21. (本小题满分10分)已知函数,且的解集为()求的值;()若,且,求证:.参考答案:()因为,所以等价于,2分由有解,得,且其解集为 4分又的解集为,故(5分)()由()知,又,7分=9 9分(或展开运用基本不等式)(10分)22. 在平面直角坐标系xOy中,曲线C1:x+y4=0,曲线C2:(为参数),以坐标原点O为极点,x轴正半轴为极轴,建立极坐标系()求曲线C1,C2的极坐标方程;()曲线C3:(t为参数,t0,0)分别交C1,C2于A,B两点,当取何值时,取得最大值参考答案:【分析】()利用x=cos,y=sin,x2+y2=2,求曲线C1,C2的极坐标方程;()=,即可得出结论【解答】解:()因为x=cos,y=sin,x2+y2=2,C1的极坐标方程为,C2的普通方程为x2+(y1)2=1,即x2+y22y=0,对应极坐标方程为=2sin()曲线C3的极坐标方程为=(0,)设A(1,),B(2,),则,2=2sin,所以=,又,所以当,即时,取得最大值【点评】本题考查三种方程的转化,考查极坐标方程的运用,考查学生的计算能力,属于中档题
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浙江省丽水市学院附中高三数学理测试题含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 已知上是单调增函数,则a的最大值是
A.0 B.1 C.2 D.3
参考答案:
D
2. 在等比数列中,则
.3 . .3或 .或
参考答案:
C
3. 既是偶函数又在区间上单调递减的函数是( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
4. 函数的图像如右图所示,为了得到这个函数的图像,只需将 的图像上的所有的点
(A)向左平移个长度单位,再把所得各点的横坐标变为原来的倍,纵坐标不变
(B)向左平移个长度单位,再把所得各点的横坐标变为原来的倍,纵坐标不变
(C)向左平移个长度单位,再把所得各点的横坐标变为原来的倍,纵坐标不变
(D)向左平移个长度单位,再把所得各点的横坐标变为原来的倍,纵坐标不变
参考答案:
A
5. 执行如上图所示的程序框图,若输出的结果是9,则判断框内m的取值范围是( )
A.(42,56] B.(56,72] C.(72,90] D.(42,90)
参考答案:
B
第一次循环:,第二次循环:,第三次循环:,第七次循环:第八次循环:,此时,不满足跳出循环,此时,则判断框内的取值范围是(56,72],选B.
6. 三个数的大小关系为( ).
(A) (B)
(C) (D)
参考答案:
D
略
7. 定义方程的实数根叫做函数的“新驻点”,若函数的“新驻点”分别为,则的大小关系为 ( )
A. B. C. D.
参考答案:
C
略
8. 已知关于x的方程,则下列说法错误的是
A.当时,方程的解的个数为1个 B.当时,方程的解的个数为1个
C.当时,方程的解的个数为2个 D.当时,方程的解的个数为2个
参考答案:
D
9. 宜昌市科协将12个参加青少年科技创新大赛的名额分配给3个学校,要求每个学校至少有一个名额且各校分配的名额互不相等,则不同的分配方法种数为( )
A.36 B.42 C.48 D.54
参考答案:
B
10. 已知抛物线()与双曲线(,)有相同的焦点F,点A是两条曲线的一个交点,且轴,则该双曲线经过一、三象限的渐近线的倾斜角所在的区间是( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
两曲线有相同的焦点F,则.
又AF⊥x轴.不妨设点A在第一象限.可得A(c,2c).
代入可得,
整理化简可得:,
双曲线经过一三象限的渐近线方程为,
令,则:,
解得:,即.
故双曲线的渐近线的倾斜角所在的区间为.
本题选择D选项.
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 若双曲线-=1(a>0,b>0)的一条渐近线的倾斜角为60°,则的最小值是________.
参考答案:
12. 已知命题p:m<0,命题q:?x∈R,x2+mx+1>0成立,若“p∧q”为真命题,则实数m的取值范围是 .
参考答案:
﹣2<m<0
【考点】复合命题的真假.
【分析】根据复合命题的真假性判断出命题p、q都是真命题,再逐一求出m的范围,最后求它们的交集.
【解答】解:因为“p∧q”为真命题,所以命题p、q都是真命题,
若命题q是真命题,则?x∈R,x2+mx+1>0横成立,
所以△=m2﹣4<0,解得﹣2<m<2,
又命题p:m<0,也是真命题,
所以实数m的取值范围是:﹣2<m<0,
故答案为:﹣2<m<0.
13. 展开式的常数项为 .(用数字作答)
参考答案:
-160
【详解】由,令得,所以展开式的常数项为.
考点:二项式定理.
14. 已知正三棱锥S-ABC的侧棱长为,底面边长为6,则该正三棱锥外接球的表面积是________.
参考答案:
64π
【分析】
正棱锥的外接球的球心在顶点向底面做投影所在的直线上,先求底面外接圆的半径,再由勾股定理求锥的高,由勾股定理求出外接球的半径,由球的表面积公式求出表面积.
【详解】解析:过点作平面于点,记球心为.
∵在正三棱锥中,底面边长为6,侧棱长为,
∴,
∴.
∵球心到四个顶点的距离相等,均等于该正三棱锥外接球的半径长,
∴,.
在中,,
即,解得,
∴外接球的表面积为.
故答案为:.
【点睛】本题主要考查正三棱锥的外接球的表面积以及计算能力,属于中档题.
15. 右图是各条棱长均为的正四面体的三视图,则侧视图三角形的面积为 ▲ .
参考答案:
16. 若最小值为a,最大值为b,则_____.
参考答案:
【分析】
先求函数定义,求出函数的最大值a和最小值b,代入求极限。
【详解】y=4﹣,定义域为[﹣1,3]
当x=1时,y取最小值为2,当x=3或﹣1时,y取最大值为4,
故a=2,b=4;
===.
故答案为:.
【点睛】本题考查求函数的定义域,根据定义域求函数的最值及求极限,属于中档题.
17. 已知是定义域为的单调递减的奇函数,若,则的取值范围是_________.
参考答案:
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. (00全国卷)(12分)
如图,已知平行六面体ABCD-的底面ABCD是菱形,且=
(I)证明:⊥BD;
(II)当的值为多少时,能使平面?请给出证明
参考答案:
解析:(I)证明:连结、AC,AC和BD交于O,连结
∵ 四边形ABCD是菱形,
∴ AC⊥BD,BC=CD
又∵ ,
∴ ,
∴ ,
∵ DO=OB,
∴ BD, ——3分
但 AC⊥BD,AC∩=O,
∴ BD⊥平面
又 平面,
∴ BD ——6分
(II)当时,能使⊥平面
证明一:
∵ ,
∴ BC=CD=,
又 ,
由此可推得BD=
∴ 三棱锥C- 是正三棱锥 ——9分
设与相交于G
∵ ∥AC,且∶OC=2∶1,
∴ ∶GO=2∶1
又 是正三角形的BD边上的高和中线,
∴ 点G是正三角形的中心,
∴ CG⊥平面
即 ⊥平面 ——12分
证明二:
由(I)知,BD⊥平面,
∵ 平面,∴ BD⊥ ——9分
当 时 ,平行六面体的六个面是全等的菱形,
同BD⊥的证法可得⊥
又 BD∩=B,
∴⊥平面 ——12分
19. 如图,在三棱锥中,底面,,为的中点, 为的中点,,.
(Ⅰ)求证:平面;
(Ⅱ)求与平面成角的正弦值;
(Ⅲ)设点在线段上,且,平面,求实数的值.
参考答案:
(Ⅰ)证明:因为 底面,底面,
所以 , ……………… 1分
又因为 , ,
所以 平面, ……………… 2分
又因为 平面,
所以 . ……………… 3分
因为 是中点,
所以 ,
又因为 ,
所以 平面. ……………… 5分
(Ⅱ)解:在平面中,过点作
因为 平面,
所以 平面,
由 底面,得,,两两垂直,
所以以为原点,,,所在直线分别为x轴,y轴,z轴如图建立空间直角坐标系,
则,,,,,.
……………… 6分
设平面的法向量为,
因为 ,,
由 得
令,得. ……………… 8分
设与平面成角为,
因为 ,
所以 ,
即 . ……………… 10分
(Ⅲ)解:因为 ,,
所以 ,
又因为 ,
所以 . ……………… 12分
因为 平面,平面的法向量,
所以 ,
解得 . ……………… 14分
略
20. (本小题满分12分)已知函数(其中为正常数,)的最小正周期为.
(1)求的值;
(2)在△中,若,且,求.
参考答案:
(1)∵
. ………………………4分来
而的最小正周期为,为正常数,∴,解之,得. ………6分
(2)由(1)得.
若是三角形的内角,则,∴.
令,得,∴或,
解之,得或.
由已知,是△的内角,且,
∴,, ∴. …………………………10分
又由正弦定理,得.…………………………12分
21. (本小题满分10分)已知函数,且的解集为.
(Ⅰ)求的值;
(Ⅱ)若,且,求证:.
参考答案:
(Ⅰ)因为,
所以等价于,…2分
由有解,得,且其解集为. …4分
又的解集为,故.…(5分)
(Ⅱ)由(Ⅰ)知
,又,…7分∴≥=9. …9分
(或展开运用基本不等式)
∴ ….(10分)
22. 在平面直角坐标系xOy中,曲线C1:x+y-4=0,曲线C2:(θ为参数),以坐标原点O为极点,x轴正半轴为极轴,建立极坐标系.
(Ⅰ)求曲线C1,C2的极坐标方程;
(Ⅱ)曲线C3:(t为参数,t>0,0<α<)分别交C1,C2于A,B两点,当α取何值时,取得最大值.
参考答案:
【分析】(Ⅰ)利用x=ρcosθ,y=ρsinθ,x2+y2=ρ2,求曲线C1,C2的极坐标方程;
(Ⅱ)===,即可得出结论.
【解答】解:(Ⅰ)因为x=ρcosθ,y=ρsinθ,x2+y2=ρ2,C1的极坐标方程为,
C2的普通方程为x2+(y﹣1)2=1,即x2+y2﹣2y=0,对应极坐标方程为ρ=2sinθ.
(Ⅱ)曲线C3的极坐标方程为θ=α(ρ>0,)
设A(ρ1,α),B(ρ2,α),则,ρ2=2sinα,
所以===,
又,,
所以当,即时,取得最大值.
【点评】本题考查三种方程的转化,考查极坐标方程的运用,考查学生的计算能力,属于中档题.
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