2022高三总复习物理教案-巩固练习 闭合电路的欧姆定律（基础）

1、【巩固练习】一、选择题1、乙两电路中电源完全相同,电阻R1R2，在两电路中分别通过相同的电荷量q的过程中下列判断正确的是（ ）A. 电源内部产生电热较多的是乙电路B. R1上产生的电热比R2上产生的电热多C. 电源做功较多的是甲电路D. 甲、乙两电路中电源做功相等2、当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为0.3C，消耗的电能为0.9J。为在相同时间内使0.6C的电荷量通过该电阻，在其两端需加的电压和消耗的电能分别是（ ）A. 3V，1.8J B. 3V，3.6J C. 6V，1.8J D. 6V，3.6J 3、直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（ ）A. 总功率一定减小B. 效率一定增大C. 内部损耗功率一定减小D. 输出功率一定先增大后减小4、如图，低电位报警器由两个基本的门电路与蜂鸣器组成，该报警器只有当输入电压过低时蜂鸣器才会发出警报。其中（）A. 甲是“与”门，乙是“非”门B. 甲是“或”门，乙是“非”门C. 甲是“与”门，乙是“或”门D. 甲是“或”门，乙是“与”门5、当外电阻分别为8和2时，单位时间内在外电路上产生的热量正好相等，则该电源的

2、内电阻是（ ） A、1 B、2 C、4 D、66、在图的闭合电路中，当滑片P向右移动时，两电表读数的变化是（ ）A. A变大， V变大 B. A变小，V变大C. A变大， V变小 D. A变小，V变小7、为探究小灯泡L的伏安特性，连好图示的电路后闭合开关，通过移动变阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光。由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的U-I图象应是（ ）8、如图所示是一实验电路图在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是（ ） A路端电压变小 B电流表的示数变大 C电源内阻消耗的功率变小 D电路的总电阻变大9、如图所示，直线a为电源的I-U图线，曲线b为灯泡电阻的I-U图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的总功率分别是（ ）A1. 6W，2 WB 6W，6.4W C2W，2 WD2W，6.4W10、如图所示电路，水平放置的平行板电容器C如图方式连入电路。电路中四个电键都是闭合的，这时电容器中一个带电液滴静止在其间。若只打开一个电键，判断液滴的运动（ ）A只打开K1，液滴仍保持静止B只打开K2，液滴将加速向上运动C只打开K3

3、，液滴仍保持静止D只打开K4，液滴将加速向下运动R1K3R2K4K2R3K1PC二、填空题1、规格为“220V36W”的排气扇，线圈的电阻为40，接上220V电压后，排气扇转化为机械能的功率为_ W、发热功率为_ W。2、有一个电源，当负载电流为2A时，输出功率为10W，当负载电流为1A时，输出功率为5.5W，则该电源电动势E =_V，内电阻r =_，最大输出功率P =_ W。3、如图所示，电动势E12V，内阻r1，R13，R22，R35，C14F，C21F，则C1、C2的带电量分别为_，_。三、计算题1、如图所示电路中，电路消耗的总功率为40W，电阻R14，R26，电源内阻r0.6，电源的效率为94%，求：（1）a、b两点间的电压（2）电源电动势。2、如图所示，用直流电动机提升重物，重物的质量，电源供电电压为110V，不计各处摩擦，当电动机以的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5A，则电动机线圈的电阻为多大？（取）3、一个电源的路端电压U随外电路电阻R的变化规律如图甲所示，图中U=12 V的直线为图线的渐近线。现将该电源和一个变阻器R0接成如图乙所示电路，已知电源允许通过的最大电

4、流为2 A，变阻器的最大阻值为R0=22。求:（1）电源电动势E和内阻r.（2）空载时A、B两端输出的电压范围.（3）A、B两端所能接负载的电阻的最小值. 【答案与解析】一、选择题1、ABD解析：A甲、乙两电路中电源完全相同，即电动势E与内电阻r相同，电阻R1R2，根据闭合电路欧姆定律 可知 I1I2，再比较I12rt1与I22rt2，而I1t1=I2t2，可知电源内部产生电热较多的是乙电路A对。B由公式W=qE，可知，两电源做功相等，整个电路产生的电热相等，而甲电源内部产生的电热小于乙电源内部产生的电热，所以甲图外电路产生的电热大于乙图外电路而外电路产生的电热就是电阻R上产生的电热B对。C由公式W=qE，可知，通过的电量q和电动势E都相同，所以两电源做功相等C错，D对。选ABD。2、D解析：由可知，相同时间通过的电荷量为原来的2倍，则电流为原来的2倍。由可知电压为原来的2倍。由可知原来的电压为，故电阻两端现在所加电压为6V，消耗的电能为3.6J，选项D正确。3、ABC解析：滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电路部分的阻值变大，因而电流减小，由可知电源的总功率减小，选项A错误

5、。滑动变阻器连入电路部分阻值变大，路端电压变大，由可知电源的效率增大，选项B正确。内部损耗功率为，电流减小，因而内部损耗功率减小，选项C正确。电源输出功率为外电阻消耗功率，但外电阻与内电阻的大小关系未知，因而根据图线不能判断输出功率的变化情况，选项D错误。4、B解析：高、低电压都可以通过甲，则甲是“或”门，；低电压通过乙后，输出为高电压使蜂鸣器导通发出警报；高电压通过乙后输出为低电压，蜂鸣器不导通，不发出警报，则乙是“非”门，选项B正确。5、C根据闭合电路的欧姆定律，外电路的功率为当外电路分别接电阻为8和2的电阻时，单位时间内产生的热量相等，即，解得。故选C。6、B解析：电阻变大，电流变小，电压变大。7、C解析：灯丝电阻随电压的增大而增大，在图像上某点到原点连线的斜率应越来越大。C正确。8、A解析：当滑片向b端滑动时，接入电路中的电阻减少，使得总电阻减小D错。根据，可知总电流在增加，根据闭合电路中的欧姆定律有，可知路端电压在减小，A对。流过电流表的示数为，可知电流在减小，B错。根据,可知内阻消耗的功率在增大，C错。9、B解析：由于该电源和小灯泡串联，则电源和灯泡中电流相同。由图知，电路

6、中电流为I=0. 8 A，路端电压为U=2 V，电源电动势为E=8V，所以电源的输出功率为，电源的总功率为 ，故选B。10、BC解析：只打开K1，电容器与电源断开，形成放电回路，电量减少，电压减小，场强减小，电场力减小，液滴向下加速运动，A错。只打开K2，电容器两端电压近似等于电源电压，大于K2闭合时的路端电压，场强变大，电场力变大，液滴将加速向上运动，B对。只打开K3，电容器两端电压仍然等于路端电压，电压不变，液滴仍保持静止，C对。只打开K4，电容器两端电压稳定，不变，则液滴仍保持静止，D错。故选BC。二、填空题1、1W 35W解析：通过排气扇的电流，则线圈的发热功率排气扇的机械功率.2、6 0.5 18 解析：根据,可得，根据闭合电路的欧姆定律，代入数据，解得，。当时，电源的输出功率最大，最大输出功率.3、1.6105C、1105C。解析：把电容器当着一个理想电压表，R1和R2串联，R3不导电， C1是R2两端的电压，C2是R1和R2的总电压，即路端电压。电路的总电流，路端电压，R2两端的电压 。根据，. .三、计算题1、（1）R1 （2）8 4 （3）4 V 1解析：（1）由于电流表、电压表示数都不为零，所以断路的是R1。（2）R1断路后，电压表的示数即为R2的电压，则.R1断路前，R2两端的电压R3两端的电压 .由串联电路的分压特点 所以.（3）R1断路前，R1、R3的电流 R1断路后，联立解得 ，。2、（1）（2）解析：（1）设流过电源的电流为I，电源内部的热功率，又因为所以 由于R1 R2并联 （2）由，所以电源电动势.3、（1）12 V2（2）011 V （3）解析：（1）根据闭合电路的欧姆定律 由甲图知，斜率为电流，当I = 0 时，E = U = 12 V由甲图还知，当E = 12 V时，R=2时，U = 6 V 电流I=3A 解得r = 2.（2）空载时当变阻器的滑片移至最下端时，输出电压当变阻器的滑片移至最上端时， 可得输出电压 .所以空载时输出电压范围为 0 - 11 V.（3）设所有电阻的最小值为，此时滑片应移至最上端，电源电流最大，有 . 解得。

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