【内供】2018届高三好教育云平台2月内部特供卷 理科数学（二）学生版.doc

此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 2018届高三好教育云平台2月份内部特供卷高三理科数学（二）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交第Ⅰ卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．集合，，则（ ）A． B． C． D．2．已知复数，则（ ）A． B． C． D．3．若，，则的值为（ ）A． B． C． D．4．如图，在矩形区域的，两点处各有一个通信基站，假设其信号覆盖范围分别是扇形区域和扇形区域（该矩形区域内无其他信号来源，基站工作正常），若在该矩形区域内随机地选一地点，则该地点无信号的概率是（ ）A． B． C． D．5．已知一几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（ ）A． B． C． D．6．世界数学名题“问题”：任取一个自然数，如果它是偶数，我们就把它除以2，如果它是奇数，我们就把它乘3再加上1，在这样一个变换下，我们就得到了一个新的自然数，如果反复使用这个变换，我们就会得到一串自然数，猜想：反复进行上述运算后，最后结果为1，现根据此问题设计一个程序框图如下图，执行该程序框图，若输入的，则输出（ ）A．3 B．5 C．6 D．77．已知函数的部分图象如图所示，则函数图象的一个对称中心可能为（ ）A． B． C． D．8．函数的大致图象为（ ）A． B．C． D．9．已知点，，，在同一个球的球面上，，，若四面体的体积为，球心恰好在棱上，则这个球的表面积为（ ）A． B． C． D．10．为双曲线右焦点，，为双曲线上的点，四边形为平行四边形，且四边形的面积为，则双曲线的离心率为（ ）A．2 B． C． D．11．已知不等式组表示的平面区域恰好被圆所覆盖，则实数的值是（ ）A．3 B．4 C．5 D．612．已知是方程的实根，则关于实数的判断正确的是（ ）A． B． C． D．第Ⅱ卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分．13．展开式中含项的系数为 ．（用数字表示）14．已知，，若向量与共线，则在方向上的投影为 ．15．在中，角，，的对边分别为，，，，且，的面积为，则的值为 ．16．如图所示，点是抛物线的焦点，点，分别在抛物线及圆的实线部分上运动，且总是平行于轴，则的周长的取值范围是 ．三、解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．设为数列的前项和，且，，．（1）证明：数列为等比数列；（2）求．18．如图所示的几何体中，底面为菱形，，，与相交于点，四边形为直角梯形，，，，平面底面．（1）证明：平面平面；（2）求二面角的余弦值．19．为了让贫困地区的孩子们过一个温暖的冬天，某校阳光志愿者社团组织“这个冬天不再冷”冬衣募捐活动，共有50名志愿者参与，志愿者的工作内容有两项：①到各班做宣传，倡议同学们积极捐献冬衣；②整理、打包募捐上来的衣物，每位志愿者根据自身实际情况，只参与其中的某一项工作，相关统计数据如下表所示：（1）如果用分层抽样的方法从参与两项工作的志愿者中抽取5人，再从这5人中选2人，那么“至少有1人是参与班级宣传的志愿者”的概率是多少？（2）若参与班级宣传的志愿者中有12名男生，8名女生，从中选出2名志愿者，用表示所选志愿者中的女生人数，写出随机变量的分布列及其数学期望．20．已知椭圆的长轴长为6，且椭圆与圆的公共弦长为．（1）求椭圆的方程；（2）过点作斜率为的直线与椭圆交于两点，，试判断在轴上是否存在点，使得为以为底边的等腰三角形，若存在，求出点的横坐标的取值范围；若不存在，请说明理由．21．已知函数．（1）当时，试求的单调区间；（2）若在内有极值，试求的取值范围．请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分．22．选修4-4：坐标系与参数方程已知曲线：，直线（为参数，）．（1）求曲线的直角坐标方程；（2）设直线与曲线交于两点（在第一象限），当时，求的值．23．选修4-5：不等式选讲已知函数．（1）求不等式的解集；（2）若函数的最小值记为，设，，且有，试证明：．2018届高三好教育云平台2月份内部特供卷高三文科数学（二）答 案一、选择题1．【答案】C【解析】，，，选C．2．【答案】C【解析】，，．故选C．3．【答案】A【解析】，，，故选A．4．【答案】A【解析】几何概型．5．【答案】C【解析】由三视图可知：该几何体是由一个三棱锥和一个圆锥的组成的，故选C．6．【答案】C7．【答案】C【解析】由题知，，，再把点代入可得，，故选C．8．【答案】D【解析】由函数不是偶函数，排除A、C，当时，为单调递增函数，而外层函数也是增函数，所以在上为增函数．故选D．9．【答案】D【解析】根据条件可知球心在侧棱中点，从而有垂直，，所以球的半径为2，故球的表面积为．10．【答案】B【解析】设，∵四边形为平行四边形，∴，∵四边形的面积为，∴，即，∴，代入双曲线方程得，∵，∴．选B．11．【答案】D【解析】由于圆心在直线上，又由于直线与直线互相垂直其交点为，直线与的交点为．由于可行域恰好被圆所覆盖，及三角形为圆的内接三角形圆的半径为，解得或（舍去）．故选D．12．【答案】C【解析】方程即为，即，令，，则，函数在定义域内单调递增，结合函数的单调性有：，故选C．二、填空题13．【答案】0【解析】展开式中含项的系数为，含项的系数为，所以展开式中含项的系数为10-10=0．14．【答案】【解析】由题知，所以投影为．15．【答案】【解析】，由正弦定理，，，由余弦定理可得：，又因为面积，，．16．【答案】【解析】易知圆的圆心为（2，0），正好是抛物线的焦点，圆与抛物线在第一象限交于点，过点作抛物线准线的垂线，垂足为点，则，则，当点位于圆与轴的交点（6，0）时，取最大值8，由于点在实线上运动，因此当点与点重合时，取最小值4，此时与重合，由于、、构成三角形，因此，所以．三、解答题17．【答案】（1）因为，所以，即，则，所以，又，故数列是首项为2，公比为2的等比数列．（2）由（1）知，所以，故．设，则，所以，所以，所以．18．【答案】（1）因为底面为菱形，所以，又平面底面，平面平面，因此平面，从而．又，所以平面，由，，，可知，，，，从而，故．又，所以平面．又平面，所以平面平面．（2）取中点，由题可知，所以平面，又在菱形中，，所以分别以，，的方向为，，轴正方向建立空间直角坐标系（如图所示），则，，，，，所以，，．由（1）可知平面，所以平面的法向量可取为．设平面的法向量为，则，即，即，令，得，所以．从而．故所求的二面角的余弦值为．19．【答案】（1）用分层抽样的方法，每个人被抽中的概率是，所以，参与到班级宣传的志愿者被抽中的有人，参与整理、打包衣物的志愿者被抽中的有人，故“至少有1人是参与班级宣传的志愿者”的概率是．（2）女生志愿者人数，则，，．∴的分布列为012∴的数学期望为．20．【答案】（1）由题意可得，所以．由椭圆与圆：的公共弦长为，恰为圆的直径，可得椭圆经过点，所以，解得．所以椭圆的方程为．（2）直线的解析式为，设，，的中点为．假设存在点，使得为以为底边的等腰三角形，则．由得，故，所以，．因为，所以，即，所以．当时，，所以．综上所述，在轴上存在满足题目条件的点，且点的横坐标的取值范围为．21．【答案】（1）．当时，对于，恒成立，所以，；，．所以单调增区间为，单调减区间为．（2）若在内有极值，则在内有解．令，，．设，所以，当时，恒成立，所以单调递减．又因为，又当时，，即在上的值域为，所以当时，有解．设，则，所以在单调递减．因为，，所以在有唯一解．所以有：00极小值所以当时，在内有极值且唯一．当时，当时，恒成立，单调递增，不成立．综上，的取值范围为．请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分．22．选修4—4：坐标系与参数方程【答案】（1）由，得，所以曲线C的直角坐标方程为；（2）设，则，，，，∴．23．选修4-5：不等式选讲．【答案】（1）因为从图可知满足不等式的解集为．（2）证明：由图可知函数的最小值为，即．所以，从而，从而．当且仅当时，等号成立，即，时，有最小值，所以得证．。