2022版高考物理一轮复习第十一章交变电流传感器第2讲理想变压器电能的输送学案新人教版.doc

第2讲　理想变压器　电能的输送知识点1　理想变压器1．构造和原理(1)构造：如图所示，变压器是由闭合铁芯和绕在铁芯上的两个线圈组成的2)原理：电磁感应的互感现象2．基本关系式(1)功率关系：P入＝P出2)电压关系：＝有多个副线圈时＝＝＝…3)电流关系：只有一个副线圈时＝由P入＝P出及P＝UI推出有多个副线圈时，U1I1＝U2I2＋U3I3＋…＋UnIn3．几种常用的变压器(1)自耦变压器——调压变压器，如图A、B所示2)互感器知识点2　电能的输送1．输电过程(如图所示)：2．电压损失(1)ΔU＝U－U′2)ΔU＝IR3．功率损失(1)ΔP＝P－P′2)ΔP＝I2R＝4．输送电流(1)I＝2)I＝双基自测一、堵点疏通1．变压器不但能改变交变电流的电压，还能改变交变电流的频率　×　)2．理想变压器能改变交变电压、交变电流，但不改变功率，即输入功率总等于输出功率　√　)3．变压器副线圈并联更多的用电器时，原线圈的输入电流随之增大　√　)4．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小　×　)二、对点激活1．(多选)变压器线圈中的电流越大，所用的导线应当越粗如图所示，是降压变压器，假设它只有一个原线圈和一个副线圈。

匝数分别为n1和n2下列说法中不正确的是(　ACD　)A．n1>n2，原线圈比副线圈的导线粗B．n1>n2，原线圈比副线圈的导线细C．n1n2，故C、D错误；输入功率等于输出功率，所以副线圈中的电流大于原线圈中的电流，则较粗导线的线圈应该作为副线圈，故A错误，B正确本题选不正确的，故选A、C、D2．(2018·江苏卷，2)采用220 kV高压向远方的城市输电当输送功率一定时，为使输电线上损耗的功率减小为原来的，输电电压应变为(　C　)A．55 kV　 B．110 kVC．440 kV　 D．880 kV[解析]　输送功率P＝UI输电线上损耗的功率P损＝I2r＝2r ∝当P损减小为原来的时，输电电压应变为原来的2倍3．(2020·海南月考)将输入电压为220 V，输出电压为6 V的理想变压器改绕成输出电压为30 V的理想变压器已知原线圈匝数不变，副线圈原来是30匝，则副线圈新增匝数为(　A　)A．120匝　 B．150匝C．180匝　 D．220匝[解析]　本题考查理想变压器及其相关知识点。

由理想变压器的电压与匝数关系＝可知，起初原、副线圈匝数分别是1 100匝和30匝，把输出电压等于30 V代入公式＝可得n′2＝150匝，所以需要新增150匝－30匝＝120匝，选项A正确核心考点·重点突破HE XIN KAO DIAN ZHONG DIAN TU PO考点一　理想变压器基本关系的应用理想变压器的制约关系(1)电压：副线圈电压U2由原线圈电压U1和匝数比决定2)功率：原线圈的输入功率P1由副线圈的输出功率P2决定3)电流：原线圈电流I1由副线圈电流I2和匝数比决定特别提醒：关于理想变压器的四点说明(1)变压器不能改变直流电压2)变压器只能改变交变电流的电压和电流，不能改变交变电流的频率3)理想变压器本身不消耗能量4)理想变压器基本关系中的U1、U2、I1、I2均为有效值例1　如图所示，理想变压器的原线圈接在u＝220sin 100πt(V)的交流电源上，副线圈接有R＝55 Ω的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2︰1，电流表、电压表均为理想电表下列说法正确的是(　B　)A．原线圈的输入功率为220 WB．电流表的读数为1 AC．电压表的读数为110VD．副线圈输出交流电的周期为50 s[解析]　理想变压器原线圈两端电压的有效值为U1＝220 V，由＝得U2＝＝110 V，即电压表的读数为110 V，通过负载电阻的电流I2＝＝ A＝2 A，则副线圈的输出功率P＝U2I2＝110×2 W＝220 W，原线圈的输入功率等于副线圈的输出功率，为220 W，故选项A、C错误。

由n1I1＝n2I2得I1＝＝1 A，即电流表的读数为1 A，选项B正确由u＝220sin 100πt(V)可知，角速度ω＝100π rad/s，原线圈所接交流电的周期T＝＝0.02 s，副线圈输出交流电的周期不变，仍为0.02 s，选项D错误〔变式训练1〕(多选)如图，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光下列说法正确的是(　AD　)A．原、副线圈匝数比为9︰1B．原、副线圈匝数比为1︰9C．此时a和b的电功率之比为9︰1D．此时a和b的电功率之比为1︰9[解析]　设灯泡的额定电压为U0，输入电压为灯泡额定电压的10倍时灯泡正常发光，则变压器原线圈的电压为9U0，变压器原、副线圈的匝数比为9︰1，选项A正确，选项B错误；由9U0Ia＝U0Ib得，流过b灯泡的电流是流过a灯泡电流的9倍，根据P＝UI，a、b灯泡的电功率之比为1︰9，选项C错误，选项D正确〔变式训练2〕如图所示，理想变压器三个线圈的匝数比n1︰n2︰n3＝10︰5︰1，其中匝数为n1的原线圈接到220 V的交流电源上，匝数为n2和n3的两个副线圈分别与电阻R2、R3组成闭合回路。

已知通过电阻R3的电流I3＝2 A，电阻R2＝110 Ω，则通过电阻R2的电流I2和通过原线圈的电流I1分别是(　C　)A．10 A,12 A　 B．10 A,20 AC．1 A,0.7 A　 D．1 A,3 A[解析]　由于＝＝，且n1︰n2︰n3＝10︰5︰1，U1＝220 V，解得U2＝110 V，U3＝22 V，根据欧姆定律得I2＝＝ A＝1 A，根据理想变压器的输入功率和输出功率相等可得U1I1＝U2I2＋U3I3，代入数据得I1＝0.7 A，故C正确，A、B、D错误考点二　理想变压器的动态分析常见的理想变压器的动态分析一般分匝数比不变和负载电阻不变两种情况1)匝数比不变的情况(如图a所示)①U1不变，根据＝，输入电压U1决定输出电压U2，不论负载电阻R如何变化，U2不变②当负载电阻发生变化时，I2变化，输出电流I2决定输入电流I1，故I1发生变化③I2变化引起P2变化，P1＝P2，故P1发生变化2)负载电阻不变的情况(如图b所示)①U1不变，发生变化，故U2变化②R不变，U2变化，故I2发生变化③根据P2＝，P2发生变化，再根据P1＝P2，故P1变化，P1＝U1I1，U1不变，故I1发生变化。

例2　(2018·天津卷)教学用发电机能够产生正弦式交变电流利用该发电机(内阻可忽略)通过理想变压器向定值电阻R供电，电路如图所示，理想交流电流表、理想交流电压表的读数分别为I、U，R消耗的功率为P若发电机线圈的转速变为原来的，则(　B　)A．R消耗的功率变为PB．电压表的读数变为UC．电流表的读数变为2ID．通过R的交变电流频率不变 [解析]　发电机线圈的转速变为原来的，由E＝知，原线圈中输入电压变为原来的，频率变为原来的根据＝，则U2变为原来的，即U2＝U，则通过R的电流变为原来的，R消耗的功率P2＝＝P，根据＝，原线圈上的电流也变为原来的，即电流表的读数变为I〔变式训练3〕(2021·重庆月考)如图所示，变压器输入有效值恒定的电压，副线圈匝数可调，输出电压通过输电线输送给用户(小灯泡等用电器)，R表示输电线的电阻，则(　B　)A．用电器增加时，变压器输出电压增大B．要提高用户的电压，滑动触头P应向上滑C．用电器增加时，输电线的热损耗减小D．用电器增加时，变压器的输入功率减小[解析]　由于变压器原、副线圈的匝数不变，而且输入电压不变，因此用电器增加不会影响输出电压，故A项错误；根据变压器的变压比可知输出电压U2＝U1，当滑动触头P向上滑时，n2增大，所以输出电压增大，用户的电压增大，故B项正确；由于用电器是并联的，因此用电器增加时总电阻变小，输出电压不变，总电流增大，故输电线的热损耗增大，故C项错误；用电器增加时总电阻变小，总电流增大，变压器输出功率增大，所以输入功率增大，故D项错误。

考点三　远距离输电问题1．理清三个回路远距离输电电网间的基本结构如图所示输电过程的电路被划分为三个独立的回路，即电源回路、输送回路和用户回路在每个回路中，变压器的原线圈是回路的用电器，而相应的副线圈是下一个回路的电源，每个回路均可应用闭合电路欧姆定律、串并联电路的规律，而变压器的电压、电流、功率关系则是联系不同回路的桥梁．2．抓住联系(1)理想的升压变压器联系了电源回路和输送回路，由理想变压器原理可得：线圈1(匝数为n1)和线圈2(匝数为n2)中各个量间的关系是＝，P1＝P2，I1n1＝I2n22)理想的降压变压器联系了输送回路和用户回路，由理想变压器原理可得：线圈3(匝数为n3)和线圈4(匝数为n4)中各个量间的关系是＝，P3＝P4 ，I3n3＝I4n43．掌握一个关系发电机把机械能转化为电能，并通过导线将能量输送给线圈1，线圈1上的能量就是远程输电的总能量，在输送过程中，先被输送回路上的导线电阻损耗一小部分，剩余的绝大部分通过降压变压器和用户回路被用户使用消耗，所以其能量关系为P1＝P线损＋P用户例3　某村在距村庄较远的地方修建了一座小型水电站，发电机输出功率为9 kW，输出电压为500 V，输电线的总电阻为10 Ω，允许线路损耗的功率为输出功率的4%。

求：(1)村民和村办小企业需要220 V电压时，所用升压变压器和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为多少？(不计变压器的损耗)(2)若不用变压器而由发电机直接输送，村民和村办小企业得到的电压和功率是多少？[解析]　(1)输电电路如图所示：由ΔP＝4%P输出和ΔP＝IR得I2＝＝6 A则U送＝＝1 500 V升压变压器原、副线圈匝数比＝＝＝输电线上电压损失ΔU＝I2R＝60 V故降压变压器输入电压U1＝U送－ΔU＝1 440 V故降压变压器原、副线圈匝数比＝＝＝2)若不用变压器，则输电电流I＝＝18 AU＝U0－IR＝320 V，P＝P输出－I2R＝5 760 W[答案]　(1)1︰3　72︰11　(2)320 V　5 760 W规律总结　处理远距离输电问题的一般思维步骤 (1)画出远距离输电的示意图，并在图上标出相应物理量2)以变压器铁芯为界线区分各个回路各回路独立，运用串联电路的特点和性质，分析回路中的电压、电流和功率等问题3)各回路间通过变压器的匝数比、电压比、电流比和原、副线圈输入功率与输出功率相同的关系相联系4)在计算输电线上的功率损耗时，思路应该是P损＝I2R线＝＝P送－P用，一定不能用P损＝。

5)电网送电遵循“用多少送多少”的原则，说明原线圈电流由副线圈电流决定〔变式训练4〕如图所示为远距离输电的原理图，升压变压器的变压比为m，降压变压器的变压比为n，输电线的电阻为R，升压变压器和降压变压器均为一理想变压器，发电机输出的电压恒为U，若由于用户的负载变化，使电压表V2的示数减小了ΔU，则下列判断正确的是(　B　)A．电流表A2的示数增大了B．电流表A1的示数增大了C．电压表V1的。