2013湖北高考数学理试题及解析

1、2013年湖北省数学高考试题（理） 一选择题 1在复平面内，复数（为虚数单位）的共轭复数对应的点位于（ ） A. 第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D. 第四象限2已知全集为，集合，则（ ） A. B. C. D.3在一次跳伞训练中，甲乙两位学员各跳一次，设命题是“甲降落在指定范围”，是“乙降落在指定范围”，则命题“至少有一位学员没有降落在指定范围”可表示为（ ） A. B. C. D.4将函数的图像向左平移个长度单位后，所得到的图像关于轴对称，则的最小值是（ ） A. B. C. D. 5已知，则双曲线与的（ ）A.实轴长相等 B.虚轴长相等 C.焦距相等 D. 离心率相等6已知点，则向量在方向上的投影为（ ） A. B. C. D.7一辆汽车在高速公路上行驶，由于遇到紧急情况而刹车，以速度（的单位：， 的单位：）行驶至停止。在此期间汽车继续行驶的距离（单位;）是（ ）A. B. C. D. 8一个几何体的三视图如图所示，该几何体从上到下由四个简单几何体组成，其体积分别记为，上面两个简单几何体均为旋转体，下面两个简单几何体均为多面体，则有（ ） A. B. C. D. 9如图

2、，将一个各面都涂了油漆的正方体，切割成125个同样大小的小正方体。经过搅拌后，从中随机取出一个小正方体，记它的涂油漆面数为，则的均值为 A. B. C. D. 10已知为常数，函数有两个极值点，则（ ） A. B. C. D. 二填空题11从某小区抽取100户居民进行月用电量调查，发现其用电量都在50到350度之间，频率分布直方图所示。（I）直方图中的值为 ；（II）在这些用户中，用电量落在区间内的户数为 。 12阅读如图所示的程序框图，运行相应的程序，输出的结果 。否开始是结束是奇数是否输出13设，且满足：，则 。14古希腊毕达哥拉斯学派的数学家研究过各种多边形数。如三角形数1,3,6,10，第个三角形数为。记第个边形数为，以下列出了部分边形数中第个数的表达式：三角形数 正方形数 五边形数 六边形数 可以推测的表达式，由此计算 。选考题15如图，圆上一点在直线上的射影为，点在半径上的射影为。若，则的值为 。第15题图16在直角坐标系中，椭圆的参数方程为。在极坐标系（与直角坐标系取相同的长度单位，且以原点为极点，以轴正半轴为极轴）中，直线与圆的极坐标方程分别为与。若直线经过椭圆的焦点，

3、且与圆相切，则椭圆的离心率为 。三解答题17在中，角，对应的边分别是，。已知。（I）求角的大小；（II）若的面积，求的值。18已知等比数列满足：，。（I）求数列的通项公式；（II）是否存在正整数，使得？若存在，求的最小值；若不存在，说明理由。19如图，是圆的直径，点是圆上异于的点，直线平面，分别是，的中点。（I）记平面与平面的交线为，试判断直线与平面的位置关系，并加以证明；（II）设（I）中的直线与圆的另一个交点为，且点满足。记直线与平面所成的角为，异面直线与所成的角为，二面角的大小为，求证：。第19题图20假设每天从甲地去乙地的旅客人数是服从正态分布的随机变量。记一天中从甲地去乙地的旅客人数不超过900的概率为。（I）求的值；（参考数据：若，有，。）（II）某客运公司用两种型号的车辆承担甲乙两地间的长途客运业务，每车每天往返一次，两种车辆的载客量分别为36人和60人，从甲地去乙地的运营成本分别为1600元/辆和2400元/辆。公司拟组建一个不超过21辆车的客运车队，并要求型车不多于型车7辆。若每天要以不小于的概率运完从甲地去乙地的旅客，且使公司从甲地去乙地的运营成本最小，那么应配备型

4、车型车各多少辆？21如图，已知椭圆与的中心在坐标原点，长轴均为且在轴上，短轴长分别为，过原点且不与轴重合的直线与，的四个交点按纵坐标从大到小依次为，。记，和的面积分别为和。（I）当直线与轴重合时，若，求的值；（II）当变化时，是否存在与坐标轴不重合的直线，使得？并说明理由。第21题图22设是正整数，为正有理数。（I）求函数的最小值；（II）证明：；（III）设，记为不小于的最小整数，例如，。令，求的值。（参考数据：，）参考答案一、选择题1D解：，。2C 解：，。3A 解：“至少有一位学员没有降落在指定范围”即：“甲或乙没有降落在指定范围内”。4B解：的图像向左平移个长度单位后变成，所以的最小值是。故选B。5D解：双曲线的离心率是，双曲线的离心率是，故选D6A解：，故选A。7C解：令 ，则。汽车刹车的距离是，故选C。8C解：C 由柱体和台体的体积公式可知选C9B解：三面涂有油漆的有8块，两面涂有油漆的有36块，一面涂有油漆的有54块，没有涂有油漆的有27块，所以。故选B。10D解：令得，。又，。，11；70 解：， 12 5 解：5 程序框图运行过程如表所示：i12345a1051684

5、13 解：由柯西不等式知，结合已知条件得，从而解得，。 141000 解：观察和前面的系数，可知一个成递增的等差数列另一个成递减的等差数列，故， 158 解：由射影定理知16 解：直线的方程是，作出图形借助直线的斜率可得，所以，17解：（I）由已知条件得：，解得，角（II），由余弦定理得：，18解：（I）由已知条件得：，又，所以数列的通项或（II）若，不存在这样的正整数；若，不存在这样的正整数。19解： 【解析与答案】（I）直线平面PAC,证明如下：连接EF,因为E,F分别是PA,PC的中点，所以EFAC.又EF平面ABC,且AC平面ABC,所以EF平面ABC.而EF平面BEF,且平面BEF平面ABC=,所以EF. 因为平面PAC,EF平面PAC,所以直线平面PAC.（II）(综合法)如图1，连接BD，由可知交线即为直线BD，且AC.因为AB是的直线，所以ACBC,于是BC.已知PC平面ABC,而平面ABC，所以PC.而PCBC=C,所以平面PBC.连接BE,BF,因为BF平面PBC,所以BF.故CBF就是二面角的平面角，即CBF=.由，作DQCP,且DQ=CP.连接PQ,DF,因为F

6、是CP的中点，CP=2PF,所以DQ=PF,从而四边形DQPF是平行四边形，PQFD.连接CD,因为PC平面ABC,所以CD是FD在平面ABC内的射影，故CDF就是直线PQ与平面ABC所成的角，即CDF=.又BD平面PBC,有BDBF,知BDF为锐角，故BDF为异面直线PQ与EF所成的角，即BDF=，于是在RtDCF,RtFBD,RtBCF中，分别可得,从而，即.（II）(向量法)如图2，由，作DQCP,且DQ=CP.连接PQ,EF,BE,BF,BD,由（I）可知交线即为直线BD.以点C为原点，向量所在直线分别为轴，建立如图所示的空间直角坐标系，设，则有C(0，0，0),A(,0，0)，B(0，,0)，P(0，0，),Q(),E(),F(0，0，). 于是，.所以，从而.又取平面ABC的一个法向量为，可得，设平面BEF的一个法向量为，所以由，可得，取.于是，从而.故，即.20解：（I）（II）设配备型车辆，型车辆，运营成本为元，由已知条件得，而作出可行域，得到最优解。所以配备型车5辆，型车12辆可使运营成本最小。21解：（I），解得：（舍去小于1的根）（II）设椭圆，直线：同理可得，又和的的高相等如果存在非零实数使得，则有，即：，解得当时，存在这样的直线；当时，不存在这样的直线。22证明：（I）在上单减，在上单增。（II）由（I）知：当时，（就是伯努利不等式了）所证不等式即为：若，则 ，故式成立。若，显然成立。 ，故式成立。综上可得原不等式成立。（III）由（II）可知：当时，

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