2017届高考物理二轮复习专题复习(练习)专题一 力与直线运动3 Word版含解析
12页1、训练 3牛顿运动定律及其应用一、选择题 (本大题共 8 小题,每小题 8 分,共 64 分第 15 题只有一项符合题目要求,第 6 8 题有多项符合题目要求)1如图所示,两定滑轮通过天花板固定在同一竖直平面的同一高度处,小球 A 的质量为 2m,小球 B 和 C 的质量均为 m,B 、C 两球到结点 P 的轻绳长度相等,滑轮摩擦不计当 B、C 两球以某角速度 在水平面内做圆锥摆运动时,A球将( )A向上加速运动B向下加速运动C保持静止 D上下振动解析:B 球、C 球和两根轻绳整体受重力和竖直轻绳向上的拉力,设整体下降的加速度为 a,根据牛顿第二定律,有2mgT2ma ,对 A 球受力分析,受重力和拉力,根据牛顿第二定律,有T2mg2ma ,联立两式解得 a0,即A 球将保持静止,处于平衡状态故选 C.答案:C2.如图所示,带支架的平板小车水平向左做直线运动,小球 A 用细线悬挂于支架前端,质量为 m 的物块 B 始终静止在小车上,B 与小车平板间的动摩擦因数为 .若某过程中观察到细线偏离竖直方向 角,则此刻小车对 B 产生的作用力的大小和方向为( )Amg,竖直向上Bmg ,斜向左上方
2、1 2Cmgtan ,水平向右D. ,斜向右上方mgcos解析:以 A 为研究对象,受力分析如图,根据牛顿第二定律得mAgtanm Aa,解得 a gtan,方向水平向右再对 B 研究得:小车对 B 的摩擦力 fmamgtan ,方向水平向右,小车对 B 的支持力大小为 Nmg,方向竖直向上,小车对 B 的作用力的大小为 Fmg ,方向斜向N2 f2 1 tan2mgcos右上方,故选 D.答案:D3在地面上以初速度 v0 竖直向上抛出一小球,经过 2t0 时间小球落回抛出点,其速率为 v1,已知小球在空中运动时所受空气阻力与小球运动的速度成正比,则小球在空中运动时速率 v 随时间 t 的变化规律可能是( )解析:小球上升过程中,由牛顿第二定律有 mgk vma,故随速度的减小,加速度逐渐减小,vt 图象的切线斜率逐渐减小;小球下降过程中,由牛顿第二定律有 mgk vma,则随速度逐渐增大,加速度逐渐减小,vt 图象的切线斜率逐渐减小;由于有阻力作用,故回到地面的速度将小于初速度 v0,选项 A正确答案:A4如图所示,A、B 两球质量相等,光滑斜面的倾角为 ,图甲中,A、B 两球用轻弹
3、簧相连,图乙中 A、B 两球用轻杆相连,系统静止时,挡板 C 与斜面垂直,弹簧、轻杆均与斜面平行,则在突然撤去挡板的瞬间有()A两图中两球加速度均为 gsinB两图中 A 球的加速度均为零C图乙中轻杆的作用力一定不为零D图甲中 B 球的加速度是图乙中 B球加速度的 2 倍解析:撤去挡板前,挡板对 B 球的弹力大小为 2mgsin,因弹簧弹力不能突变,而杆的弹力会突变,所以撤去挡板瞬间,图甲中 A 球所受合力为零,加速度为零,B 球所受合力为 2mgsin,加速度为 2gsin;图乙中杆的弹力突变为零,A、B 球所受合力均为 mgsin,加速度均为 gsin,故图甲中 B 球的加速度是图乙中 B 球加速度的 2 倍,故 A、B、C 错误,D 正确答案:D5如图为用索道运输货物的情景,已知倾斜的索道与水平方向的夹角为 37,重物与车厢地板之间的动摩擦因数为 0.3.当载重车厢沿索道向上加速运动时,重物与车厢仍然保持相对静止状态,重物对车厢内水平地板的正压力为其重力的1.15 倍sin370.6,cos37 0.8,那么这时重物对车厢地板的摩擦力大小为()A0.35mg B0.3mgC0.2
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