广西专用2022年高考数学一轮复习考点规范练15导数与函数的单调性含解析新人教A版理2

考点规范练15导数与函数的单调性基础巩固1.函数y=f(x)的导函数f(x)的图象如图所示,则下列判断正确的是()A.在区间(-2,1)内,f(x)单调递增B.在区间(1,3)内,f(x)单调递减C.在区间(4,5)内,f(x)单调递增D.在区间(-3,-2)内,f(x)单调递增2.函数f(x)=12x2-ln x的单调递减区间为()A.(0,1)B.(0,1)(-,-1)C.(-,1)D.(-,+)3.下列函数中,在区间(0,+)内为增函数的是()A.y=sin2xB.y=xexC.y=x3-xD.y=-x+ln(1+x)4.(2021山西太原一模)已知函数f(x)=ex-1ex+1-ax,对于任意实数x1,x2,且x1x2,都有f(x1)-f(x2)x1-x212B.a1C.a12D.a15.若函数f(x)=ex(sin x+a)在R上为增函数,则实数a的取值范围为()A.2,+)B.(1,+)C.-1,+)D.(2,+)6.(2021云南昆明一中模拟)已知函数f(x)=ex-e-x+sinx,若f(t)+f(1-3t)0,求函数f(x)的单调区间.能力提升12.已知函数f(x)与f(x)的图象如图所示,则函数g(x)=f(x)ex的单调递减区间为()A.(0,4)B.(-,1),43,4C.0,43D.(0,1),(4,+)13.(2021安徽黄山二模)已知f(x)是奇函数,当x0时,f(x)-f(x)1,f(1)=3,则下列结论错误的是()A.f(4)ef(3)B.f(4)4e3-1C.f(-4)e2f(-2)D.f(-4)0,若f(x)是偶函数,f(1)=1,则不等式f(x)x2的解集为.15.已知函数f(x)=ax2+ln(x+1).(1)当a=-14时,求函数f(x)的单调区间;(2)若函数f(x)在区间1,+)内为减函数,求实数a的取值范围.16.已知函数f(x)=kx-lnx.(1)若函数f(x)在区间(1,+)内单调递增,求k的取值范围;(2)若函数f(x)有两个不同的零点x1,x2,求证:x1x2e2.高考预测17.设函数f(x)=x2-1lnx.(1)求证:f(x)在区间(0,1)和(1,+)内都单调递增;(2)若在函数f(x)的定义域内,不等式af(x)x恒成立,求a的取值范围.答案：1.C解析由题图知,当x(4,5)时,f(x)0,所以在区间(4,5)内,f(x)单调递增.2.A解析f(x)=12x2-lnx的定义域为(0,+),f(x)=x-1x,令f(x)0,即x-1x0,解得0x1或x0,所以0x0,所以函数f(x)在R上单调递增.因为f(t)+f(1-3t)0,所以f(t)-f(1-3t)=f(3t-1),所以t12.7.(0,+)解析f(x)=ax3-x,f(x)=3ax2-1,要使函数f(x)=ax3-x恰有三个单调区间,则f(x)是二次函数,且f(x)=0有两个不等实根,a0,即实数a的取值范围是(0,+).8.-32,-130,12,3)解析对于不等式xf(x)0,当-32x0时,f(x)0,则结合题中图象知,原不等式的解集为-32,-13;当x=0时,显然成立;当0x0).令x-9x0,解得x-3或00,00,且a+13,解得1a2.10.解函数f(x)=kx-lnx的定义域为(0,+),f(x)=k-1x=kx-1x.当k0时,kx-10,f(x)0时,由f(x)0,即kx-1x0,解得0x0,即kx-1x0,解得x1k.当k0时,f(x)的单调递减区间为0,1k,单调递增区间为1k,+.综上所述,当k0时,f(x)的单调递减区间为(0,+);当k0时,f(x)的单调递减区间为0,1k,单调递增区间为1k,+.11.解(1)a=1,f(x)=x3+x2-x+2,f(x)=3x2+2x-1,f(1)=4.又f(1)=3,切点坐标为(1,3),所求切线方程为y-3=4(x-1),即4x-y-1=0.(2)f(x)=3x2+2ax-a2=(x+a)(3x-a),由f(x)=0得x=-a或x=a3.又a0,由f(x)0,得-ax0,得xa3,故f(x)的单调递减区间为-a,a3,单调递增区间为(-,-a)和a3,+.12.D解析由题中图象可知,过点(0,0)及点43,0的图象为函数f(x)的图象,且g(x)=f(x)ex-f(x)exe2x=f(x)-f(x)ex,令g(x)0,可得f(x)f(x),结合题中图象可知,0x4符合该不等式,故所求单调递减区间为(0,1),(4,+).13.C解析设g(x)=f(x)+1ex,则g(x)=f(x)ex-f(x)+1exe2x=f(x)-f(x)-1ex,又当x0时,f(x)-f(x)1,即f(x)-f(x)-10,则当x0时,有g(x)0,即g(x)在区间(0,+)上为增函数,依次分析选项:对于A,g(x)在区间(0,+)上为增函数,有g(4)g(3),即f(4)+1e4f(3)+1e3,变形可得f(4)+1ef(3)+e,则有f(4)ef(3)+e-1ef(3),A正确;对于B,g(x)在区间(0,+)上为增函数,有g(4)g(1),即f(4)+1e4f(1)+1e1=4e,变形可得f(4)4e3-1,B正确;对于C,g(x)在区间(0,+)上为增函数,有g(4)g(2),即f(4)+1e4f(2)+1e2,变形可得f(4)+1e2f(2)+e2,即-f(-4)+1-e2f(-2)+e2,则有f(-4)e2f(-2)+1-e24e3-1,即-f(-4)4e3-1,变形可得f(-4)1-4e3,而1-4e3-(-4e2-1)=2-4e3+4e2=2-4e2(e-1)0,则有f(-4)1-4e30,所以,当x0时,g(x)0,所以g(x)在区间(0,+)内单调递增.又f(x)是偶函数,故g(x)=f(x)x2(x0)也是偶函数,而f(1)=1,故g(1)=f(1)12=f(1)=1,因此,f(x)x2f(x)x21,即g(x)g(1),即g(|x|)g(1),所以,|x|1,解得x1或xx2的解集为(-,-1)(1,+).15.解(1)当a=-14时,f(x)=-14x2+ln(x+1)(x-1),f(x)=-12x+1x+1=-(x+2)(x-1)2(x+1)(x-1).当f(x)0时,解得-1x1;当f(x)1.故函数f(x)的单调递增区间是(-1,1),单调递减区间是(1,+).(2)因为函数f(x)在区间1,+)内为减函数,所以f(x)=2ax+1x+10对任意x1,+)恒成立,即a-12x(x+1)对任意x1,+)恒成立.令g(x)=-12x(x+1),则g(x)=4x+22x(x+1)2.因为在区间1,+)内g(x)0,所以g(x)在区间1,+)内单调递增,故g(x)在区间1,+)内的最小值g(x)min=g(1)=-14,故a-14.即实数a的取值范围为-,-14.16.(1)解f(x)=kx-lnx,函数f(x)在区间(1,+)内单调递增,f(x)=k-1x0在区间(1,+)内恒成立,k1x在区间(1,+)内恒成立,k1.(2)证明不妨设x1x20,f(x1)=f(x2)=0,kx1-lnx1=0,kx2-lnx2=0,可得lnx1+lnx2=k(x1+x2),lnx1-lnx2=k(x1-x2),要证明x1x2e2,即证明lnx1+lnx22,也就是证k(x1+x2)2,k=lnx1-lnx2x1-x2,