【解析版】安徽省宣城市2019届高三上学期期末考试理科综合物理试题 word版含解析

1、宣城市20182019学年度第一学期期末调研测试高三理科综合试题（物理部分）二、选择题： 1.如图所示，A、B为两颗人造地球卫星，假设两颗卫星都做匀速圆周运动，卫星A的轨道半径小于卫星B，下列说法正确的是A. 卫星A所受地球引力大于卫星BB. 卫星A的运行速度小于卫星BC. 卫星A发射所需能量小于卫星BD. 卫星A运行周期小于卫星B【答案】D【解析】【分析】卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力，并由此分析向心加速度等描述圆周运动的物理量与半径的关系并由此展开分析即可【详解】根据万有引力提供向心力，得：，卫星A半径小于卫星B的半径，故线速度大于B的线速度，但是因两卫星的质量关系不确定，则不能比较所受的引力的大小关系，也不能比较卫星A发射所需能量与卫星B的关系，故ABC错误；根据，则，卫星A的周期小于卫星B的周期，故D正确；故选D；【点睛】本题主要抓住万有引力提供圆周运动向心力并由此根据半径关系判定描述圆周运动物理量的大小关系，掌握卫星在轨道上加速或减速会引起轨道高度的变化，这是正确解决本题的关键2.边界MN的一侧区域内，存在着磁感应强度大小为B，方向垂直于光滑水平桌面的匀强磁

2、场.边长为l的正三角形金属线框abc粗细均匀，三边阻值相等，a顶点刚好位于边界MN上，现使线框围绕过a点且垂直于桌面的转轴匀速转动，转动角速度为，如图所示，则在ab边开始转入磁场的瞬间ab两端的电势差Uab为A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】当ab边即将进入磁场时，是ab部分在切割磁感线，相当于电源，根据切割公式求解切割电动势，再根据闭合电路欧姆定律列式求解a、b间的电压大小【详解】当ab边刚进入磁场时，ab部分在切割磁感线，切割长度为两个端点间的距离，即a、b间的距离为l，；设每个边的电阻为R，a、b两点间的电压为：U=I2R=2R，故U=Bl2，故A正确，BCD错误；故选A。【点睛】本题考查转动切割问题，关键是明确ab边在切割磁感线，ac、bc边电阻是外电路电阻，根据切割公式求解感应电动势，再结合闭合电路欧姆定律列式分析3.如图所示，甲、乙两个小球的质量均为m，两球间用细线连接，甲球用细线悬挂在天花板上，两根细线长度相等。现给乙球一大小为F水平向左的拉力，给甲球一水平向右的3F的拉力，平衡时细线都被拉紧。则平衡时两球的可能位置是下面的A. B. C. D. 【答案】

3、B【解析】【分析】运用整体法研究上面绳子与竖直方向的夹角，再隔离下面的小球研究，分析两小球之间的绳子与竖直方向的夹角，即可作出判断【详解】首先取整体为研究对象，整体受到重力、上面绳子的拉力以及向左、向右两个拉力，由于两个拉力的矢量和为：F合=3F+（-F）=2F，所以上边的绳子应该偏向右方，且与竖直方向的夹角为。再对下面的小球研究可知，下面的小球受到的拉力水平向左，所以下面的绳子向左偏转，且与竖直方向的夹角为，则=。故B图正确，ACD图都错误。故选B。【点睛】本题采用整体法，由平衡条件分析物体的状态，考查灵活选择研究对象的能力4.如图甲所示，两物体A.B叠放在光滑水平面上，对A施加一水平力F，规定向右为正方向，F随时间变化关系如图乙所示，两物体在时由静止开始运动，且始终保持相对静止，则下列说法正确的是（ ）A第末两物体的速度最大B第内，两物体向左运动C第内，拉力F对物体A做正功D第内，A对B的摩擦力向左【答案】C【解析】试题分析：在内整体向右做加速运动；内加速度反向，故末速度最大，故A错误；在内一直向前运动，然后又重复以前的运动，第内，两物体向右运动，故B错误；第内，拉力F的方向与速度

4、方向相同，拉力F对物体A做正功，故C正确；对整体分析，整体的加速度与F的方向相同，B物体所受的合力为摩擦力，故摩擦力的方向与加速度方向相同，即与F的方向相同，所以第内，A对B的摩擦力向右，故D错误；考点：牛顿第二定律【名师点睛】根据物体受力判断物体的运动，根据受力的对称性，判断两物体的运动情况；根据力与速方向的关系判断功的正负；通过对整体加速度的变化，得知B物体加速度的变化，再根据牛顿第二定律得出摩擦力的变化；解决本题的关键会根据物体的受力情况判断物体的运动情况，以及掌握整体法和隔离法的运用。5.两电荷量分别为q1和q2的点电荷固定在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势随x变化的关系如图所示，其中C为ND段电势最低的点，则下列说法正确的是A. q1、q2为等量异种电荷B. N、C两点间场强方向沿x轴负方向C. N、D两点间的电场强度大小沿x轴正方向先减小后增大D. 将一正点电荷从N点移到D点，电势能先增大后减小【答案】C【解析】OM间的电场线是方向相反，故电势最低点C的场强应该为零，N、D两点间的电场强度大小沿x轴正方向先减小后增大，则AC正确；沿电场线方向电势逐渐降低，NC两点间

5、场强方向沿x轴正方向，B错误；OC电场线向右，MC电场线向左，将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，D错误；故选AC.6.假定光子能量为E的一束光照射容器中大量处于n=2能级的氢原子，氢原子吸收光子后，发出频率为1、2和3的光，且频率依次增大，则E等于：A. h(31) B. h(32) C. h3 D. h1【答案】BD【解析】【分析】根据氢原子发出的光子频率种数，得出氢原子处于第几能级，抓住能级间跃迁吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差求出吸收的光子能量E【详解】因为氢原子发出3种不同频率的光子，根据，知n=3氢原子处于第3能级，所以吸收的光子能量E=E3-E2，因为v1、v2、v3的光，且频率依次增大，知分别由n=3到n=2，n=2到n=1，n=3到n=1跃迁所辐射的光子，所以E=E3-E2=hv1= h(32)故BD正确，AC错误。故选BD。7.如图所示，理想降压变压器的副线圈匝数可通过滑片F调节，R1为定值电阻，R2为阻值可通过滑片P调节的滑动变阻器，保持交流电源的电压U大小不变，以下说法正确的是A. 保持F不动，P下移，则R1电压的减小

6、量等于R2电压的增加量B. 保持F不动，P下移，则电流表A2示数减小，由于电流跟匝数成反比，则电流表A1示数减小C. 保持F不动，P下移，则电流表A2示数减小，由于电流跟匝数成反比，则电流表A1示数增大D. 保持P不动，F上移，两电流表示数都增大，且增大倍数相同【答案】AB【解析】【分析】保持F不动，则次级电压U2一定，P下移，则R2变大，次级电流减小，然后可进行动态分析；保持P不动，F上移，则次级电压U2变大，由此分析电路中电流的变化.【详解】保持F不动，则次级电压U2一定，P下移，则R2变大，次级电流减小，电流表A2示数减小，R1电压减小，R2电压变大，因UR1+UR2=U2为定值，则R1电压的减小量等于R2电压的增加量，由于电流跟匝数成反比，则电流表A1示数减小，选项AB正确，C错误；保持P不动，F上移，则次级匝数增加，次级电压U2变大，因次级电阻不变，则次级电流变大，即A2变大，A1变大，即两电流表示数都增大，但因不是定值，则增大倍数不相同，选项D错误；故选AB.【点睛】本题是变压器问题和电路的动态分析问题；根据是从变化的部分开始分析，与直流电路的动态分析相似；8.如图所示，在

7、绝缘的斜面上方，存在着匀强电场，电场方向平行于斜面向上，斜面上的带电属块在平行于斜面的力F作用下沿斜面移动。已知金属块在移动的过程中，力F做功32J，金属块克服电场力做功8J，金属块克服摩擦力做功16J，重力势能增加18J，则在此过程中A. 金属块的动能减少10JB. 系统的电势能增加24JC. 金属块的机械能减少24JD. 系统的重力势能与电势能之和增加26J【答案】AD【解析】【分析】在金属块移动的过程中，重力、拉力、电场力和摩擦力做功，总功等于动能的变化，根据动能定理分析动能的增加量金属块克服电场力做功8.0J，知电势能的增加量拉力、电场力和摩擦力三力做功的总和等于机械能的变化量根据功能关系进行分析.【详解】在金属块移动的过程中，外力F做功为32J，电场力做功为-8.0J，摩擦力做功为-16J，重力做功-18J，则总功为W=32J-8.0J-16J-18J=-10J，根据动能定理得知，动能减少10 J故A正确；金属块克服电场力做功8.0J，则电势能增加8J故B错误；外力、电场力和摩擦力做的总功为8J，根据功能关系得知，机械能增加8J故C错误；重力势能增加18J，电势能增加8J，则

8、系统的重力势能与电势能之和增加18J+8J=26J故D正确。故选AD。【点睛】本题考查对功能关系的理解和应用能力几对常见的功与能的关系要加强理解，牢固掌握：电场力做功与电势能变化有关，总功与动能变化有关，除重力和弹力以外的力做功与机械能的变化有关.三、非选择题： (二)必考题9.某同学用如图所示的装置通过半径相同的两球的碰撞来验证动量守恒定律。实验步骤如下：a.用天平测出两小球的质量，入射球和被撞球质量分别记为m1和m2b.按照图所示安装实验装置.调整固定斜槽使斜槽底端水平c.白纸在下，复写纸在上且在适当位置铺放好.记下重垂线所指的位置O.d.不放被撞小球，每次让入射小球从斜槽上某固定高度处自由滚下，重复10次.用圆规画尽量小的圆把所有的小球落点圈在里面.圆心P就是小球落点的平均位置e.把被撞小球放在斜槽末端，每次让入射小球从斜槽同一高度自由滚下，使它们发生碰撞，重复实验10次用步骤d的方法，标出碰后入射小球落点的平均位置M和被撞小球落点的平均位置N.如图所示f.连接ON，测量线段OP、OM、ON的长度，分别记为OP、OM和ON。根据以上实验方法请回答下列问题(1)对本实验下列说法正确

9、的是_A.用质量小的小球作为入射小球，质量大的小球作为被撞小球B.还应测量小球在空中运动的时间C.适当增加入射球释放点高度，可以减小实验误差D.实验过程中应保持记录落点的白纸位置不动(2)实验要验证的表达式是(用题中测出的相应物理量字母表示)_【答案】 (1). （1）CD (2). （2） 【解析】【分析】根据实验原理和实验步骤逐项判断；此实验用小球平抛运动的水平射程代替小球的速度，结合动量守恒表达式求解要验证的表达式.【详解】（1）用质量大的小球作为入射小球，质量小的小球作为被撞小球，防止被碰球反弹，选项A错误；此实验用小球平抛运动的水平射程代替小球的速度，则不需要测量小球在空中运动的时间，选项B错误；适当增加入射球释放点高度，则入射球的速度可以变大，可以减小实验误差，选项C正确；实验过程中应保持记录落点的白纸位置不动，否则会出现误差，选项D正确；故选CD.（2）根据两小球从同一高度开始下落，故下落的时间相同，根据动量守恒定律可得m1v0=m1v1+m2v2，故有m1v0t=m1v1+m2v2t，即.10.有一个额定电压为2.8V的小灯泡，图是实验中用伏安法描绘这个灯泡的1-U图线，实验时有下列器材供选用：A.电压表(0-3V，内阻约6k)B.电压表(0-15V，内阻约30k)；C.电流表(0-3A，内阻约0.1)；D.电流表(0-0.6A，内阻约0.5)；E.滑动变阻器(10，2A)；F.滑动变阻器(200，0.5A)G.蓄电池(电动势6V，内阻不计)(1)请在方框中画出该

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