江苏省南京市2019届高三期初调研模拟物理试题(解析版)

1、江苏省淳中2019 届高三期初调研模拟考试 物 理 试 卷 一、单项选择题：本题共6 小题，每小题 3 分，共 18分。每小题只有一个 选项符合题意。 1. 下列说法正确的是 A. 开普勒测出了万有引力常量 B. 牛顿第一定律能通过现代的实验手段直接验证 C. 卡文迪许发现地月间的引力满足距离平方反比规律 D. 伽利略将实验和逻辑推理和谐地结合起来，发展了科学的思维方式和研究方法 【答案】 D 【解析】 试题分析：卡文迪许测出了万有引力常量，选项A 错误；牛顿第一定律不是实验定律，不能能通过现代的 实验手段直接验证，选项B 错误；牛顿发现地月间的引力满足距离平方反比规律，选项C 错误；伽利略将 实验和逻辑推理和谐地结合起来，发展了科学的思维方式和研究方法，选项D 正确；故选D 考点：物理学史 2.如图所示，小明将叠放在一起的A、 B两本书抛给小强，已知A 的质量为m，重力加速度为g，两本书在 空中不翻转，不计空气阻力，则A、B 在空中运动时 A. A 的加速度等于g B. B 的加速度大于g C. A 对 B 的压力等于mg D. A 对 B 的压力大于mg 【答案】 A 【解析】 两

2、个物体叠在一起水平抛出，做加速度为g 的抛体运动， 处于完全失重状态，则 A 与 B间的作用力为零故 A 正确， B、C、D 错误故选A 【点睛 】解决本题的关键知道斜抛运动的物体仅受重力，处于完全失重状态，不受压力、摩擦力 3.如图所示，物块以初速度v0从粗糙斜面底端沿斜面上滑，达到最高点后沿斜面返回，下列v-t 图像能正确 反映物体运动规律的是 A. B. C. D. 【答案】 C 【解析】 【详解】在上滑过程中，根据牛顿第二定律可知上滑加速度大小为 1 sinmgf a m ，下滑过程的加速度 大小为 2 sinmgf a m ,故 a1a2，上滑和下滑运动方向相反，故C 正确 ,故选 C. 【点睛】本题主要考查了牛顿第二定律，明确加速度的大小即可判断. 4.带电球体 的 半径为 R，以球心为原点O 建立坐标轴x，轴上各点电势随 x 变化如图所示，下列说法正确 的是 A. 球体带负电荷 B. 球内电场强度最大 C. A、 B 两点电场强度相同 D. 正电荷在B 点的电势能比C 点的大 【答案】 D 【解析】 A、从球出发向两侧电势降低，而电场线从正电荷出发，沿着电场线电势降低，故

3、球带正电荷，故A 错误； B、球是等势体，故内部任意两点间的电势为零，故场强为零，故B 错误； C、A 点与点 B 的电场强度大小 相等，但方向相反，故不同，故C 错误； D、从 B 到 C，电势降低，故正电荷电势能降低，故D 正确；故 选 D. 【点睛】本题考查电势与电场强度，关键是明确等势体内部场强为零，知道沿着电场线电势降低. 5.如图 ,支架固定在水平地面上,其倾斜的光滑直杆与地面成 30 角,两圆环 A、B穿在直杆上 ,并用跨过光滑定 滑轮的轻绳连接,滑轮的大小不计,整个装置处于同一竖直平面内.圆环平衡时 ,绳 OA 竖直 ,绳 OB 与直杆间夹角 为 30 .则环 A、B 的质量之比为() A. 1 3 B. 12 C. 31 D. 32 【答案】 A 【解析】 【详解】分别对A、 B 两球分析，运用合成法，如图： A 为研究对象，则A 只能受到重力和绳子的拉力的作用，杆对A 不能有力的作用，否则A 水平方向受力不 能平衡。所以：T=mAg，以 B 为研究对象，根据共点力平衡条件，结合图可知，绳子的拉力 T与 B 受到的 支持力 N 与竖直方向之间的夹角都是30 ，所以 T

4、 与 N 大小相等，得：mBg=2 Tcos30 = 3T，联立解得： :1:3 AB mm，故 A 正确， BCD 错误。 二、 多项选择题：本题共4 小题，每小题 4 分，共计 16 分每小题有多个选项符合题意全 部选对的得 4 分，选对但不全的得2 分，错选或不答的得0 分。 6.我国研制并成功发射了“ 嫦娥二号 ” 探月卫星若卫星在距月球表面高度为h 的轨道上以速度v 做匀速圆周 运动，月球的半径为R，则（） A. 卫星运行时的向心加速度为 2 v Rh B. 卫星运行时的角速度为 v Rh C. 月球表面的重力加速度为 2( )vRh R D. 卫星绕月球表面飞行的速度为v Rh R 【答案】 ABD 【解析】 【详解】 A卫星运行时轨道半径为r=R+h，向心加速度为 22 vv a rRh 故 A 正确； B卫星运行时轨道半径为r=R+h，角速度 vv rRh 故 B 正确； C对于近月卫星，有 G 2 Mm R mg 对于探测卫星，有 2 2 () Mmv Gm RhRh = + 联立解得 2 2 vRh g R 故 C 错误； D对于近月卫星，有 mg=m 2 1 v

5、R 解得 1 Rh vgRv R 故 D 正确； 故选 ABD 点睛： 物体在星球上或在星球附近（不做圆周运动）利用万有引力等于重力求解星球表面的重力加速度物 体围绕星球做圆周运动，利用万有引力提供向心力求解向心加速度，线速度，角速度，周期，第一宇宙速 度等 7.如图所示， 理想变压器原副线圈匝数比为2:1，原线圈接交流电20 2sin100u t V，保险丝的电阻为 1 ，熔断电流为2A，电表均为理想电表下列说法正确的有 A. 电压表 V 的示数为 10 2 V B. 为了安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值为4 C. 电流表 A1、A2的示数之比为 2:1 D. 将滑动变阻器滑片向上移动，电流表A1的示数减小 【答案】 BD 【解析】 【详解】原线圈电压有效值为U1= 20 2 2 =20V ，根据变压器原理可得U2= 2 1 n n U1= 1 2 20V=10V ，故电压表 V 的示数为10V，故 A 错误；保险丝的电阻为1 ，熔断电流为2A，为了安全，滑动变阻器接入电路的最 小阻值为 2 10 14 2 min max U Rr I 保，故 B 正确；根据变压器原理可知，电流强

6、度与匝数成反比， 故电流表A1、A2的示数之比为 1：2，故 C 错误；将滑动变阻器滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的总 电阻增大，副线圈电流强度减小，则原线圈的电流强度也减小，所以电流表A1的示数减小，故 D 正确；故 选 BD 【点睛】本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，在只 有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比；知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等 8.如图所示 ,相距 l 的两小球 A、 B 位于同一高度h(l,h 均为定值 ). 将 A 向 B 水平抛出的同时 , B 自由下落 . A、 B 与地面碰撞前后,水平分速度不变 ,竖直分速度大小不变、方向相反. 不计空气阻力及小球与地面碰撞的时 间,则 A. A、B 在第一次落地前能否相碰,取决于 A 的初速度 B. A、B 在第一次落地前若不碰,此后就不会相碰 C. A、B 不可能运动到最高处相碰 D. A、B 一定能相碰 【答案】 AD 【解析】 【详解】若A 球经过水平位移为l 时，还未落地，则在B 球正下方相碰可知当A 的 初速度较大时，A、B 在第一次落地前能发生

7、相碰若A 的初速度较小时，A、B 在第一次落地前不碰，A 第一次落地时，水平位 移较小，由于反弹后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反，则以后一定能碰故D 正确， B 错误若A 球落地时的水平位移为 2 l 时，则A、B 在最高点相碰故C 错误由上分析可知，A、B 在第 一次落地前能否相碰，取决于A 的初速度故A 正确故选AD 9.在一个很小的矩形半导体薄片上，制作四个电极E、F、M、N，做成了一个霍尔元件，在E、F间通入恒 定电流 I，同时外加与薄片垂直的磁场B，M、 N 间的电压为UH已知半导体薄片中的载流子为正电荷，电 流与磁场的方向如图所示，下列说法正确的有（） A. N 板电势高于M 板电势 B. 磁感应强度越大，MN 间电势差越大 C. 将磁场方向变为与薄片的上、下表面平行，UH不变 D. 将磁场和电流分别反向，N 板电势低于M 板电势 【答案】 AB 【解析】 A、根据左手定则，电流的方向向里，自由电荷受力的方向指向N 端，向 N 端偏转，则 N 点电势高，故A 正确； B、设左右两个表面相距为d，电子所受的电场力等于洛仑兹力，即： 设材料单位体积内电子的个数为n

8、，材料截面积为s，则 H eU evB d ;I=nesv ; s=dL;由得： H BI U ned ,令 1 k ne ，则 H BIBI Uk nedd ;所以若保持电流I 恒定，则 M、N 间的电压与磁感虑强度B 成正比，故B 正确； C、将磁场方向变为与薄片的上、下表面平行，则带电粒子不会受到洛伦兹力，因此不 存在电势差，故C 错误； D、若磁场和电流分别反向，依据左手定则，则N 板电势仍高于M 板电势，故D 错误故选AB. 【点睛】解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电子在电场力和洛伦兹力作用 下平衡 三、简答题：本题共4 小题，满分 42 分请将解答填在答题卡相应的位置 10.某兴趣小组在实验室完成了“测定金属电阻率”的实验 （1）正确操作获得金属丝的直径以及电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是 d=_mm、U=_V （2）已知实验中所用 的 滑动变阻器阻值范围为010，金属丝电阻约2，电流表内阻几欧，电压表内阻 约几十千欧电源为干电池（不宜在长时间、大功率状况下使用），其电动势E = 4.5V ，内阻很小请画出 本次实验的电路图_ （3）用此

9、电路测得的金属电阻率与真实值相比_ （选填“偏大”、“偏小”或“相同”） 【答案】(1). 0.9961.000mm (2). 2.25 2.28V (3). (4). 偏小 【解析】 （1）螺旋测微器读数为L=0.5mm+49.8 0.01mm=0.998mm 、电压表读数为 U=2.28V （2）根据题意，因电源不宜在长时间、大功率状况下使用，故滑动变阻器不能用分压式应用限流式，又待 测电阻阻值远小于电压表内阻，故电流表应用外接法，测所设计电路图如图所示； （3）根据欧姆定律 U R I 知，由于电压表的分流作用而使得R 测量值偏小 11.“ 探究加速度与物体质量、物体受力的关系” 的实验装置如图甲所示 (1)在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸袋如图乙所示计时器打点的时间间隔为 0.02s 从 比较清晰的点起，每5 个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离该小车的加速度a= _m/s2(结果保留两位有效数字) (2)平衡摩擦力后，将5 个相同的砝码都放在小车上挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝 码盘中，测量小车的加速度小车的加速度a 与砝码盘中砝码总重力F 的实验数据如下表 请根据实验数据作出a-F 的关系图象 _ (3)根据提供的试验数据作出的a-F 图线不通过原点，请说明主要原因_ 【答案】(1). (1)0.16 ；(2). (2) 如图所示：(3). (3) 未 计入砝码盘的重力. 【解析】 【详解】（ 1）每 5个点取一个计数点，则时间为T0.1s， 由题意可知： xaT 2 代入数据解得： a=0.16m/s2 （2）作出 a F的关系图象如图所示 （3）aF 图线，不通过原点的主要原因是未放入砝码时，小车已有加速度， 可以判断未计入砝码盘的重力 12.一定质量的理想气体分别在T1、T2温度下发生等温变化，相应的两条等温线如图所示，T2对应的图线上 A、B 两点表示气体的两个状态，则 A. 温度为 T1时气体分子的平均动能比 T2时大 B. A 到 B的

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