2020届高考物理二轮复习刷题首秧专题七动量精练含解析
22页1、高考物理总复习-# -专题七动量经典特训题组1. 一位质量为m的运动员从下蹲状态向上起跳,经At时间,身体伸直并刚好离开地面,速度为v,重心上升高度为 ho在此过程中()1 2A.地面对他的冲重为 mv- mg t,地面对他做的功为 -mvB.地面对他的冲量为 mw- mg t ,地面对他做的功为零12C.地面对他的冲重为 mv,地面对他做的功为/mvD.地面对他的冲量为 mv- mg t,地面对他做的功为零答案 B解析 设地面对运动员的冲量为 I ,则由动量定理得:I mgx t = mv- 0, I = m叶mgx t。 运动员从下蹲状态到身体伸直并刚好离开地面,地面对运动员作用力的作用点的位移为零, 地面对他不做功,故选 B。2 .如图,用长为l的轻绳悬挂一质量为 M的沙箱,沙箱静止。一质量为 m的弹丸以速度 v水平射入沙箱并留在其中,随后与沙箱共同摆动一小角度。不计空气阻力,对子弹射向沙箱到与其共同摆过一小角度的过程 A.若彳W寺m v、l不变, B.若保持M v、l不变, C.若彳W寺M m l不变, D.若彳W寺M m v不变, 答案 CM变大,则系统损失的机械能变小 m变
2、大,则系统损失的机械能变小 v变大,则系统损失的机械能变大 l变大,则系统损失的机械能变大解析弹丸击中沙箱过程,弹丸和沙箱组成的系统水平方向动量守恒,以弹丸的初速度 -. mv 万向为正万向,由动重寸恒7E律得:mv= (MW m) v ,解得:v = 77,弹丸与沙相一起摆M m1 c 12Mmv E2 W m动过程,系统机械能守恒。由能量守恒定律可知,整个过程系统损失的机械能:AE= 2mv万2 Mmv (加n)v =2 丁m 。若保持m v、l不变,M动大,系统损失的机械能:A2mv变大,故A错误;若保持M v、l不变,m变大,则系统损失的机械能:2 1+MM1V变大,故B错误;若保持M mt l不变,v变大,则系统损失的机械能:3 m+ i变大,故C正确;若保持 M m v不变,l变大,则系统损失的机械能:A E=2Mmv A E2 M+ m2 Mmv E E 2 M+ m2Mmv 、不变,2出m 故D错误。4 .如图所示,两个小物块 a、b静止在光滑水平面上,它们之间由一根细线连接且夹着一个处于压缩状态的轻弹簧。烧断细线后,被弹出的小物块a、b在同一直线上运动,且弹簧与它们分
3、离。小物块 a、b的质量分别是2 kg和4 kg,则下列判断正确的是()A.小物块a与b的速率之比为1 : 2B.弹簧对小物块 a与b所做的功的大小之比为 2 : 1C.弹簧对小物块a与b的冲量大小之比为 2 : 1D.小物块a与b的动能之比为1 : 2答案 B解析 根据动量守恒定律可知: mva=mwb,解得va : vb = 2: 1, A错误;弹簧对小物块所12mvawa 22做的功等于小物块增加的动能,故弹簧对小物块a与b所做的功的大小之比为 -=- =t,VW 121-mbvb 2小物块a、b获得的动能之比为 2:1, B正确,D错误;根据动量定理有:Ia=mva, Ib=mvb, 则弹簧对小物块 a与b的冲量大小之比为 1:1,C错误。故选Bo4.(多选)A B两球沿一直线运动并发生正碰,如图所示为两球碰撞前后的位移一时间图象,a、b分别为A B两球碰前的位移一时间图象,c为碰撞后两球共同运动的位移一时间图象,若A球质量rni= 2 kg ,则由图象判断下列结论正确的是()A. A、B碰撞前的总动量为 3 kg - m/sB.碰撞时A对B所施冲量为4 N - sC.碰撞前后
4、A的动量变化为4 kg - m/sD.碰撞中A B两球组成的系统损失的动能为10 J答案 BCDXa 4-10, 一, Xb 4._,解析 由 x-t 图象可知,碰撞刖有 Va= = - m/s=-3 m/s, Vb= =- m/s = 2 m/s,t A 2t B 2碰撞后有 va = vbz =v = x=|m/s = - 1 m/s。对 A B组成的系统, A B两球沿一直线t 4 2运动并发生正碰,碰撞前后系统的动量守恒。以碰撞前B的速度方向为正方向,由动量守恒4一定律得 mvA+ hwb= ( ra+ m)v,解得 m=- kg , A、B碰前的总动量 p总=rava+mvB,代入数值3得p总=一二kg m/s, A错误;由动量定理知,A对B的冲量为:I b= mBv nBVB, I b= - 4 Nl - s, 3B正确;碰撞前后 A球的动量变化为 A pA= mvmVA=4 kg - m/s, C正确;碰撞中 A B两球1)1)10组成的系统损失的动能A&=2mAVA+ 2mWB万(m+mB)v ,代入数据解得 A E= 10 J , D正确。5.如图所示,用长为 R的不
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