浙江省普通高中2019学考选考（4月）物理试卷-答案.docx

2019年4月浙江省普通高校招生选考科目考试物理答案解析1.【答案】B【解析】质量是基本物理量，其国际单位制基本单位是千克，故B正确；功、电荷量和力都是导出物理量，焦耳、库仑和牛顿均是导出单位考点】物理学基本物理量及其国际单位制2.【答案】B【解析】A是滑动变阻器，C是电阻箱，D是定值电阻，B是电容器，故B正确考点】电容器的识别【考查能力】记忆识别3.【答案】C【解析】时间是基本物理量，不是时间的比值定义式，故A错误；加速度的比值定义式应为，故B错误；是电容的比值定义式，故C正确；电流的比值定义式应为，故D错误考点】比值定义式【考查能力】理解4.【答案】D【解析】卡文迪许测定了引力常量，A错误；奥斯特发现电流周围存在磁场，B错误：库仑发现了静电荷之间的相互作用规律，C错误；伽利略指出了力不是维持物体运动的原因，D正确考点】物理学史5.【答案】A【解析】根据题意，导线方向与磁场方向垂直，则导线受到的安培力大小与通过导线的电流大小之间的关系满足，故A正确考点】电直导线在磁场中的受力与电流大小的关系6.【答案】A【解析】小明与船之间存在静摩擦力，A正确；杆的弯曲是由于受到小明对杆的作用力，B错误；杆对岸的力与岸对杆的力是作用力与反作用力，大小相等，C错误；小明对杆的力和岸对杆的力受力物体都是杆，两者不是作用力与反作用力，故D错误。

考点】物体与物体之间的相互作用【考查能力】建模7.【答案】C【解析】第一宇宙速度7.9 km/s是卫星绕地球做圆周运动的最大环绕速度，故此卫星的线速度小于第一宇宙速度，A错误；根据题意，该卫星是一颗同步卫星，周期等于同步卫星的周期，故B错误；卫星绕地球做圆周运动时，万有引力提供向心力，根据可知，绕行半径越小，角速度越大，故此卫星的角速度大于月球绕地球运行的角速度，C正确；根据可知，绕行半径越大，向心加速度越小，此卫星的向心加速度小于地面的重力加速度，D错误考点】万有引力与航天知识【考查能力】认识理解8.【答案】D【解析】电动机和小电珠串联接入电路，故，A错误；电动机是非纯电阻用电器，满足，小电珠是纯电阻用电器，满足，又，故，可得的，D正确考点】电路基础知识【考查能力】认识理解9.【答案】B【解析】位移—时间图象中，图线斜率大小等于物体速度大小由图可知，甲做匀速直线运动，乙做变速直线运动，D错误；靠近，时刻时乙的斜率大全甲的斜率，即乙的速度大于甲的速度，故A错误；在该时间段内，甲、乙物体的初位置和末位置相同，故位移相同，B正确；由于甲、乙物体做的是单向直线运动，故位移大小等于路程，两者的路程也相同，故C错误。

考点】位移—时间图象10.【答案】D【解析】电场力对质子做正功，质子的电势能减少，A错误；质子受到的电场力大小，B错误；质子的加速度，加速时间，C错误；加速器加速的直线长度，故D正确考点】带电粒子在电场中的加速【考查能力】认识理解11.【答案】B【解析】以环、绳和书本整体为研究对象，在竖直方向上始终受力平衡，故杆对其中一环的支持力恒等于书本重力的一半，故A错误；设绳与水平杆之间的夹角为，对B环受力分析，可得杆对B环的摩擦力，两环距离减小，夹角增大，摩擦力减小，故B环对杆的摩擦力变小，B正确；杆对环的作用力包括支持力和摩擦力，根据环受力平衡可知，两者的合力大小与绳的拉力大小相等，而绳的拉力大小，可知，夹角增大，拉力大小减小，故C、D均错误考点】动态平街及受力分析【考查能力】推理12.【答案】D【解析】剪断绳子之前，A球受力分析如图1所示，B球受力分析如图2所示，C球受力分析如图3所示剪断绳子瞬间，水杯和水都处于完全失重状态，水的浮力消失，杯子的瞬时加速度为重力加速度又由于弹簧的形状来不及发生改变，弹簧的弹力大小不变，相对地面而言，A球的加速度，方向竖直向下，其相对杯子的加速度方向竖直向上。

相对地面而言，B球的加速度，方向竖直向下，其相对杯子的加速度方向竖直向下绳子剪断瞬间，C球所受的浮力和拉力均消失，其瞬时加速度为重力加速度，故相对杯子静止，综上所述，D正确考点】物体的受力分析，牛顿运动定律，相对加速度13.【答案】C【解析】小球处于平衡状态时，受力分析如图所示，则可知，则该匀强电场的电场强度，A错误；细线的拉力，故B错误；在外力作用下，小球拉至细线水平时，由静止释放，如图所示，小球在电场力和重力的作用下，从A点由静止开始做匀加速直线运动至B点，，，在此过程中，细线处于松弛状态，无拉力作用，小球运动至B点时，细线绷紧，匀加速直线运动结束根据牛顿第二定律可知小球匀加速直线运动时的加速度，假设经过0.5 s后，小球仍在沿AB方向做匀加速直线运动，则小球的速度，经过的距离，A、B间的距离，，假设成立，故0.5 s时，小球的速度大小为，故C正确；小球运动至B点时，细线绷紧，小球沿细线方向的分速度减为零，动能减小，假设细线绷紧过程小球机械能损失，此后在电场力、重力和细线拉力作用下沿圆弧运动至O点正下方，根据能量守恒定律，可知，可得，故D错误考点】受力分析，牛顿运动定律，能量守恒定律14.【答案】BD【解析】根据干涉条纹间距可知，，结合，故，A错误；由于波长较长的光，折射率和频率较小，故，由于，故，B正确；根据光电效应知识，，故，故C错误；根据氢原子能级跃迁知识，可知，发出频率较小的光的氢原子激发态能级较低，相应的电离能较大，故，故D正确。

考点】光的全反射，波粒二象性，氢原子能级图15.【答案】AC【解析】衰变过程中质量数和电荷数均守恒，故该衰变方程为，故A正确；结合能是把核子分开而需要的能量，而是衰变过程中释放的能量，故B错误；衰变过程中满足动量守恒定律，即有又粒子在磁场中做圆周运动的半径，故核Y与α粒子在磁场中做圆周运动的半径之比，故，C正确；衰变过程中根据能量守恒定律，若释放的核能全部转化为动能，则，而，联合上述二式可得，，若释放的核能不完全转化为动能，则无法计算，故D错误考点】原子核衰变，动量守恒定律，带电粒子在磁场中的运动16.【答案】CD【解析】根据题图1、2可知，此列波沿轴负向传播，周期，经过半个周期，质点Q沿y轴正方向运动，A错误；根据简谐运动特点，经时间质点Q运动的路程大于0.3 m，故B错误；时，质点P运动至y轴正方向最大位移处，又回复力和，故质点Q的加速度小于质点P的加速度，C正确；时，质点P运动至y轴负方向最大位移处，故质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离，D正确考点】机械振动，机械波【考查能力】理解17.【答案】（1）B（2）ACD（3）【解析】（1）实验时需要重垂线来确定竖直方向，故选B。

2）为保证每次小球运动的初速度相同，每次必须由同一位置静止释放小球，A正确；实验中，不必严格地等距离下降记录小球位置，B错误；为保证小球在空中运动时只受到重力，小球运动时不应与木板上的白纸相接触，C正确；为使描得的轨迹精准些，误差小些，记录的点应适当多一些，D正确3）若小球在水平方向上做匀速直线运动，则满足，位移较大时，距离的测量误差较小，故用计算水平速度误差较小，D正确考点】“研究平抛运动”实验18.【答案】（1）1点至4点（2）0.300.75（3）C【解析】（1）根据题意可知，1点至4点的导线没有连接好，使得滑动变阻器的分压接法变为限流接法2）根据读数规则，电流表的读数为，此时小灯泡的功率3）电压较小时，灯丝温度不高，故阻值比电压较大时的阻值要小，根据可知，C可能正确考点】伏安法测小灯泡功率实验19.【答案】解：（1）在上升过程中，有解得上升的高度（2）重力做的功空气阻力做的功（3）上升的时间在下降过程中，有解得又解得【考点】动力学，能量观点分析多过程匀变速直线运动20.【答案】解：（1）小物块由静止释放到B的过程中，有解得（2）若要小物块落到传送带左侧地面，设当小物块到达传送带上D点时速度为零时，小物块从距传送带高度为，处由静止释放，则有解得当时满足题中条件（3）当小物块从右侧抛出时，设小物块到达D点的速度为，则有解得为使小物块能在D点水平向右抛出，则需满足解得【考点】匀变速直线运动，平抛运动，牛顿运动定律21.【答案】（1）左偏右偏（2）不停振动（3）短接G表前后各摇动G表一次，比较指针偏转，有明显变化，则线圈未断；反之则断了。

解析】（1）滑动变阻器触头向有滑动时，接入电路的电阻减小，电流增大，内线圈的磁通量方向向下，且大小增大，根据楞次定律可判断外线圈内的感应电流方向从A接线柱流入，故G表指针向左偏抽出铁芯时，磁通量减小，G表指针向右偏2）把真流输出改为交流输出后，处线圈中的电流方向不断发生变化，故G表指针不停振动3）若G表未损坏，短接G表，并摇晃G表，由于电磁阻尼作用，指针的偏转幅度要比不短接G表摇晃时的幅度小，若G表内部线圈断了，短接时回路不闭合，无上述现象考点】“探究电磁感应的产生条件”实验22.【答案】解：（1）在处时，电阻R消耗的电功率此时解得（2）在无磁场区间内，有在有磁场区间内，有（3）上升过程中克服安培力做的功（梯形面积）撤去外力后，设棒ab上升的最大距离为s，再次进入磁场时的速度为，由动能定理有解得由于故棒ab再次进入磁场后做匀速运动下降过程中克服安培力做的功【考点】电磁感应现象，直线运动规律，动能定理23.【答案】（1）由径向电场力提供向心力有解得由洛仑兹力提供向心力有解得（2）从M点到P点，由动能定理有解得则在磁场中，质量为的离子的轨迹半径由几何知识有解得（3）若恰好能分辨，则有解得【考点】电粒子在电场和匀强磁场中的运动 9 / 9。