北京北方工业大学附属中学高二物理知识点试题含解析.docx

北京北方工业大学附属中学高二物理知识点试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时 （     ）       A. 电压表示数变大，电流表示数变小B. 电压表示数变小，电流表示数变大     C. 电压表示数变大，电流表示数变大     D. 电压表示数变小，电流表示数变小参考答案：B2. （单选）下列说法中正确的是（     ）A．根据可知，磁场中某处的磁感应强度B与通电导线所受的磁场力F成正比B．质谱仪和回旋加速器是应用电磁感应原理制成的 C．法拉第在实验中观察到在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中会出现感应电流D．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果参考答案：D3. （多选）下列说法正确的是       A．做功和热传递都是通过能量转化的方式改变系统内能的B．物体的内能在宏观上与其温度和体积均有关 C．夜晚气温降低时，空气的相对湿度增大D．如果没有漏气、没有摩擦，也没有机体热量的损失，热机的效率可以达到100%E．生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成参考答案：BCE4. （多选）关于安培定则，下列说法中正确的是（　 　）A．安培定则仅适用于直线电流周围磁场磁感线方向的判断B．安培定则能适用于多种形状电流周围磁场磁感线方向的判断C．安培定则用于判断直线电流周围磁场磁感线方向时，大拇指所指方向应与电流方向一致D．安培定则用于判断环形电流和通电螺线管磁场的方向时，大拇指所指方向应与电流方向一致参考答案：BC5. （单选）如图所示，斜面上固定有一与斜面垂直的挡板，另有一截面为1／4圆的光滑柱状物体甲放置于斜面上，半径与甲相同的光滑球乙被夹在甲与挡板之间，没有与斜面接触而处于静止状态。

现在从球心O．处对甲施加一平行于斜面向下的力F，使甲沿斜面方向缓慢向下移动设乙对挡板的压力大小为F1，甲对斜面的压力大小为F2，甲对乙的弹力为F3在此过程中：A．F1逐渐增大，F2逐渐增大，F3逐渐增大B．F1逐渐减小，F2保持不变，F3逐渐减小C．F1保持不变，F2逐渐增大，F3先增大后减小D．F1逐渐减小，F2保持不变，F3先减小后增大参考答案：B先对物体乙受力分析，受重力、挡板的支持力F1′和甲物体的支持力F3′，如图根据平衡条件，结合几何关系可以看出挡板的支持力F1′不断减小，甲对乙的弹力F3′不断减小，根据牛顿第三定律，乙对挡板的压力F1不断减小，甲对乙的弹力F3不断减小；再对甲与乙整体受力分析，受重力、斜面的支持力、挡板的支持力和已知力F，如图，根据平衡条件，有x方向：F+（M+m）gsinθ-F1=0y方向：F2-（M+m）gcosθ=0解得：F2=（M+m）gsinθ，保持不变，由牛顿第三定律，物体甲对斜面的压力F2不变，故B正确二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 用如图所示的装置研究平抛运动，用小锤打击弹性金属片后，A球沿水平方向抛出，同时B球被松开，自由下落．A、B两球同时开始运动，观察到两球________(选填“同时”或“不同时”)落地；改变打击的力度，重复这个实验，观察到两球________(选填“同时”或“不同时”)落地．参考答案：同时；同时7. 如图5-19所示的理想变压器的原、副线圈电路中分别接有4个完全相同的灯泡，而且全都正常发光，那么，这三个线圈的匝数之比=            ；如果两端的输出电压为U，则变压器的输入电压=      ，电源的输出电=            。

 参考答案：   3：2：1          3               4          8. 气体在A→B→C→D→A整个过程中，内能的变化量为　0　；其中A到B的过程中气体对外做功W1，C到D的过程中外界对气体做功W2，则整个过程中气体向外界放出的热量为　W2﹣W1．　．参考答案：气体在A→B→C→D→A整个过程中，温度不变，故内能的变化量为零；根据△U=Q+W=0知Q=（W1﹣W2），即气体向外界放出的热量为W2﹣W1．9. 如图所示是等离子体发电机的示意图，磁感应强度为B,方向垂直纸面向里，两极板间距离为d，要使输出电压为U，则等离子体的速度v为　　　　    ▲　　，a是电源的　　▲ 　(正、负极)参考答案：              ；   正   10. 利用右图所示装置可测磁感应强度B，矩形线圈宽为L，共N匝，磁场垂直于纸面，当线圈中通以方向如图所示的电流I时，天平如图示那样平衡当电流改为反方向时（大小不变），右边再加质量为m的砝码后，天平重新平衡，由此可知 B的方向垂直纸面向       ，且B =               参考答案：外，      mg/2ILN   11. （4分）电子以4×106m/s的速率垂直射入磁感应强度为0.5T的匀强磁场中，受到的磁场力为      N，如果电子射入磁场时的速度v与B的方向间的夹角是180°，则电子所受的磁场力为       N。

参考答案：    3.2×10-13   012. （4分）构成物体的分子之间存在相互的作用力，因此物体具有分子势能当分子之间的距离增大时，分子势能____________变大（选填：“一定”、“可能”或“不可能”）；当分子之间的间距发生变化，分子力做正功时，分子势能____________变大（选填：“一定”、“可能”或“不可能”）参考答案：可能；不可能13. 小灯泡的伏安特性曲线如图所示（只画出了AB段），由图可知，当灯泡电压由3V变为6V时，其灯丝电阻改变了　  　Ω．参考答案：5【考点】电阻定律；电阻率与温度的关系．【分析】根据电阻的定义式分别求出灯泡电压是3V和6V时的电阻，再求解灯丝电阻的改变量．【解答】解：由图读出，当电压UA=3V时，电流IA=0.20A，则电阻为RA==15Ω；当电压UB=6V时，电流IB=0.30A，则电阻为RB==20Ω，则电阻的改变量△R=5Ω故答案为：5三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 如图所示，有两个质量均为m、带电量均为q的小球，用绝缘细绳悬挂在同一点O处，保持静止后悬线与竖直方向的夹角为θ=30°，重力加速度为g，静电力常量为k.求：(1) 带电小球A在B处产生的电场强度大小；(2) 细绳的长度L.参考答案：（1） （2）（1）对B球，由平衡条件有：mgtan θ=qE带电小球在B处产生的电场强度大小：（2）由库仑定律有： 其中：r=2Lsin θ=L  解得：【点睛】本题关键是对物体受力分析，然后结合共点力平衡条件、库仑定律和电场强度的定义列式求解．15. （6分）（1）开普勒第三定律告诉我们：行星绕太阳一周所需时间的平方跟椭圆轨道半长径的立方之比是一个常量。

如果我们将行星绕太阳的运动简化为匀速圆周运动，请你运用万有引力定律，推出这一规律    （2）太阳系只是银河系中一个非常渺小的角落，银河系中至少还有3000多亿颗恒星，银河系中心的质量相当于400万颗太阳的质量通过观察发现，恒星绕银河系中心运动的规律与开普勒第三定律存在明显的差异，且周期的平方跟圆轨道半径的立方之比随半径的增大而减小请你对上述现象发表看法  参考答案：（1）        （4分）        （2）由关系式可知：周期的平方跟圆轨道半径的立方之比的大小与圆心处的等效质量有关，因此半径越大，等效质量越大        （1分）  观点一：银河系中心的等效质量，应该把圆形轨道以内的所有恒星的质量均计算在内，因此半径越大，等效质量越大    观点二：银河系中心的等效质量，应该把圆形轨道以内的所有质量均计算在内，在圆轨道以内，可能存在一些看不见的、质量很大的暗物质，因此半径越大，等效质量越大     说出任一观点，均给分           （1分）   四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，ABCD为竖直放在场强为E＝104V/m水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BCD部分是半径为R的圆形轨道，轨道的水平部分与其半圆相切，A为水平轨道上的一点，而且AB＝R＝0.2m，把一质量m＝0.1kg、带电荷量q＝+1×10-4C的小球放在水平轨道的A点由静止开始释放，小球在轨道的内侧运动。

g取10m/s2）求：（1）小球到达D点时对轨道压力是多大？（2）若让小球安全通过轨道，开始释放点离B点至少多远？参考答案：17. 从粒子源不断发射相同的带电粒子，初速可忽略不计，这些粒子经电场加速后，从M孔以平行于MN方向进入一个边长为d的正方形的磁场区域MNQP，如图所示，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外，其中PQ的中点S开有小孔，外侧紧贴PQ放置一块荧光屏当把加速电压调节为U时，这些粒子刚好经过孔S 打在荧光屏上，不计粒子的重力和粒子间的相互作用     （1）画出带电粒子在磁场中的运动轨迹并作出圆心的位置     （2）请说明粒子的电性求出粒子的比荷（）参考答案：（1）粒子在磁场中运动轨迹如答图2所示，其中O为轨迹的圆心3分)     （2）由于受力沿MP边，粒子带正电2分）粒子在电场中加速，由动能定理有：解得：①（1分）粒子进入磁场中做圆周运动，由洛伦兹力提供向心力得：解得②（1分）又由轨迹图，在ΔOSP中有：解得③（2分）将③与①式代入②解得：1分）18. 在某空间存在着水平向右的匀强电场E和垂直于纸面向里的匀强磁场B，如图所示，一段光滑且绝缘的圆弧轨道AC固定在纸面内，其圆心为O点，半径R = 1.8 m，OA连线在竖直方向上，AC弧对应的圆心角θ = 37°。

今有一质量m = 3.6×10－4 kg、电荷量q = +9.0×10－4 C的带电小球（可视为质点），以v0 = 4.0 m/s的初速度沿水平方向从A点射入圆弧轨道内，一段时间后从C点离开，小球离开C点后做匀速直线运动已知重力加速度g = 10 m/s2，sin37° = 0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力，求：   （1）匀强电场的场强E；（3分）   （2）小球刚离开C点时的速度大小；（3分）   （3）小球刚射入圆弧轨道时，轨道对小球的瞬间支持力4分）参考答案：解：（1）当小球离开圆弧轨道后，对其受力分析如图所示，由平衡条件得：F电 = qE = mgtan  （2分）代入数据解得：E =3 N/C  （1分）（2）小球从进入圆弧轨道到离开圆弧轨道的过程中，由动能定理得：F电 （2分）代入数据得：                 （1分）由                    （1分）解得：B=1T                           （1分）分析小球射入圆弧轨道瞬间的受力情况如图所示，由牛顿第二定律得：        （1分）代入数据得：                   （1分）。