(含5套模拟卷)山东省淄博市2021届新高考第一次模拟物理试题含解析

山东省淄博市2021届新高考第一次模拟物理试题一、单项选择题：本题共6 小题，每小题5 分，共 30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.电路如图所示，当 a、b 两端接入100 V 电压时，用理想电压表测得c、d 两端电压为20 V；当 c、d两端接入100 V 电压时，用理想电压表测得a、b 两端电压为50 V,则R|：R2：R.3等于（）b aA.4：2：1 B.2：1：1C.3：2：1 D.5：3：2【答案】A【解析】【详解】当 a、b 两端接入100 V 电压时，用理想电压表测得c、d 两端电压为20 V,有:即：100/?,丽标=20R.整 理 得 小=2：当 c、d 两端接入100 V 电压时，用理想电压表测得a、b 两端电压为50 V,有：鱼2凡+为=%即：1007?,2R+R2=5R,整 理 得 广=2,所 以Ri：R2：R3=4：2：b A正确，BCD错误。小故选A2.下列说法正确的是（）A.0射线是高速电子流，它的穿透能力比a射线和丫射线都弱B.在核反应中，比结合能小的原子核变成比结合能大的原子核时，会释放核能C.根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，核外电子的动能减小D.当紫外线照射到金属锌板表面时能发生光电效应，则当改为红光照射时，也能发生光电效应，但从锌板表面逸出的光电子的最大初动能减小【答案】B【解析】【分析】【详解】A.p射线是高速电子流，它的穿透能力比a射线强，比丫射线弱，故 A 项错误；B.原子核的结合能与核子数之比称做比结合能，比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定。在核反应中，比结合能小的原子核变成比结合能大的原子核时，会释放核能，故 B 项正确；C.根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，电子跃迁到离核较近的轨道上运动，据2 2e vk =tnr r可得，核外电子的动能增加，故 C 项错误；D.当紫外线照射到金属锌板表面时能发生光电效应，当改为红光照射时，不能发生光电效应，因为红光的频率小于锌板的极限频率，故 D 项错误。故 选 B。x3.一物体沿水平面做匀减速直线运动，其运动的-f 图象如图所示。下列说法正确的是（）tA.物体运动的初速度大小为10m/sB.物体运动的加速度大小为0.4m/s2C.物体在前3 s内的平均速度是9.4m/sD.物体在前5 s内的位移是45m【答案】A【解析】【详解】A B.由匀减速直线运动公式：1 2x=vot-a f可得：X 17 yx结合一-r 图象可知图线与纵轴的交点表示物体的初速度、斜率：tk-a2则物体的初速度大小为v0=10m/s,加速度大小为：a=0.8m/s2故 A 正确，B 错误；C.由：x 17=%-殍可得，物体在前3 s内的平均速度是8.8m/s,故 C 错误；D.前 5 s内的平均速度为8 m/s,物体在前5 s内的位移是4 0 m,故 D 错误。故选A。4.下列说法正确的是（）A.电子的发现说明原子具有核式结构B.0 衰变现象说明电子是原子核的组成部分C.某金属在光照射下发生光电效应，入射光频率越高，该金属的逸出功越大D.某金属在光照射下发生光电效应，入射光频率越高，逸出光电子的最大初动能越大【答案】D【解析】【分析】【详解】A.a 粒子散射实验说明原子具有核式结构，故 A 错误；B.p 衰变是原子核中的中子转化为质子同时产生电子的过程，但电子不是原子核的组成部分，故 B 错误;C D.在光电效应现象中，金属的逸出功与入射光的频率无关；线=-吗 可 知，入射光频率越高，逸出光电子的最大初动能越大，故 C 错 误 D 正确。故 选 D。5.有三个完全相同的重球，在每个球和水平面间各压了一块相同的木板，并都与一根硬棒相连，棒的另一端分别与一钱链相连，三个较链的位置如图甲、乙、丙所示。现分别用力F甲、F乙、F丙将木板水平向右匀速抽出，（水平面光滑，重球和木板是粗糙的）。则下列关于F 甲、F%、F 丙大小关系判断正确的是乙A.F ip=F z=F 丙【答案】DB.F甲vF乙=5丙 C.F甲=F乙v F丙 D.F甲vF乙vF丙【解析】【详解】设球的重力为G,杆对球的拉力方向与竖直方向的夹角为。，球与木板的动摩擦因数为，球处于静止状态，受力平衡，对球受力分析，受到重力G、杆子的拉力T、木板对球的支持力N以及木板对球水平向右的滑动摩擦力f,根据平衡条件得：N-G+Tsin0,f -Tcos6,而/=N,解得：于=4 G1 -tan。木板处于静止状态，再对木板受力分析，根据平衡条件可知，水平方向有：根据图象可知，从甲到乙再到丙，。增大，则f增大，所 以F增大，故褊 殳（与，A.综上分析为 茏 /,A错误；B.综 上 分 析 与 七%,B错误；C.综 上分析好%./,C错误；D.综上分析坨 邑4,D正确。故选D。6.瓶核发生P衰变除了产生p粒子和新核外，还会产生质量数和电荷数都是0的反中微子Ve若散核在云室中发生P衰变后，产生的反中微子和。粒子的运动方向在同一条直线上，设 反 中 微 子 的 动 量 为6粒子动量为P 2,贝!I。A.上述核反应方程为：H+；n f|e+；He+VeB.0粒子在云室中穿过会留下清晰的路径，此体现了粒子的波动性C.晁核内部某个中子转变为质子时，会向外发射 粒子D.新核的动量为片-鸟【答案】C【解析】【详解】A.氟核在云室中发生p衰变，没有中子参与，故核反应方程为:H-H+:e+Y，故A错误；B.p 粒子在云室中穿过会留下清晰的路径，此体现了粒子的粒子性，故 B 错误；C.航核内部某个中子转变为质子时，会发射电子，即射线，故 C 正确；D.由于不知道瓶核的初始动量，故由动量守恒无法求出新核的动量，故 D 错误；故选C。二、多项选择题：本题共6 小题，每小题5 分，共 30分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分7.关于动量冲量和动能，下列说法正确的是（）A.物体的动量越大，表明它受到的冲量越大B.物体的动量变化，其动能有可能不变C.物体受到合外力的冲量作用，则其动能一定变化 D.物体动量变化的方向可能与初动量的方向不在同一直线上【答案】BD【解析】【详解】A.根据动量定理可知，动量的改变量越大，冲量越大，动量和冲量无直接联系，故 A 错误；B.匀速圆周运动的速度方向时刻变化，但速度大小不变，所以动量变化，但动能不变，故 B 正确；C.匀速圆周运动的合外力的冲量不为零，但动能不变，故 C 错误；D.由 公 式 切=-可知，由于动量和动量变化为矢量，遵循平行边形定则，则物体动量变化的方向可能与初动量的方向不在同一直线上，故 D 正确。故选BD8.一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用.此后，该质点的动能可能（）A.一直增大B.先逐渐减小至零，再逐渐增大C.先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小D.先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大【答案】ABD【解析】试题分析：一质点开始时做匀速直线运动，说明质点所受合力为（），从某时刻起受到一恒力作用，这个恒力就是质点的合力.根据这个恒力与速度的方向关系确定质点动能的变化情况.解：A、如果恒力与运动方向相同，那么质点做匀加速运动，动能一直变大，故 A 正确.B、如果恒力与运动方向相反，那么质点先做匀减速运动，速度减到0,质点在恒力作用下沿着恒力方向做匀加速运动，动能再逐渐增大.故B 正确.C、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解,其中恒力与一个速度方向相同，这个方向速度就会增加，另一个方向速度不变，那么合速度就会增加，不会 减 小.故 c 错误.D、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解,其中恒力与一个速度方向相反，这个方向速度就会减小，另一个方向速度不变，那么合速度就会减小，当恒力方向速度减到0 时，另一个方向还有速度，所以速度到最小值时不为0,然后恒力方向速度又会增加,合速度又在增加，即动能增大.故D 正确.故选ABD.【点评】对于直线运动，判断速度增加还是减小，我们就看加速度的方向和速度的方向.对于受恒力作用的曲线运动，我们可以将速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究.9.如图所示，用粗细均匀、总电阻为广的导线围成一个边长为心的等边三角形闭合线框，线框以速度u匀速穿过一个水平方向宽度为2 L,竖直方向足够长的磁场区域，该磁场的磁感应强度为8。线框在匀速穿过磁场区域过程中B C 边始终与磁场边界（图中虚线所示）平行，则下列说法正确的是（）A.导线框从刚进入磁场到完全进入磁场过程中产生的平均电动势为E=BLvB.导线框从刚进入磁场到导线框完全离开磁场过程中，导线框不受安培力作用的时间为（4 C）L2 vC.导线框B C边刚进入和刚离开磁场时B C两间的电势差相等D.导线框从B C边进入磁场的水平距离为L时刻开始到导线框完全离开磁场过程中通过线框的电荷量为【答案】BD【解析】【详解】A.根据法拉第电磁感应定律，线框从刚进入磁场到完全进入磁场过程中产生的平均电动势:E=,而：=8 2 5 =81小 植 乙=正 电2,2 2 4t=Vy/3L,2v解得E=-BLv,2故 A 错误；B.导线框完全在磁场中运动时磁通量不变，没有感应电流，不受安培力作用的时间为：/_ s _ 2 L-亭L _（4一百）L,v v 2v故 B 正确；C.线 框 B C 边刚进入磁场时BC两端的电势差为：UiC=B L v-I x-=B L v-x-=-BLv,3 r 3 3线框8 c 边刚离开时，3 C 两端的电势差为：B L v-Ix-r B L v-x-r -B L v,BC 3 r 3 3故 C 错误；D.导线框B C 边进入磁场的水平距离为乙时线框已经完全进入磁场，由：,一 一 C DT2CJ=I-Az=-kt-=BL,，r-Ar r 4r故 D 正确。故选：B D1 0.如图，从 P 点以水平速度v 将小皮球抛向固定在地面上的塑料筐，小皮球恰好能够入筐。不考虑空气阻力，则小皮球在空中飞行的过程中（）vA.在相等的时间内，皮球动量的改变量相同B.在相等的时间内，皮球动能的改变量相同C.下落相同的高度，皮球动量的改变量相同D.下落相同的高度，皮球动能的改变量相同【答案】A D【解析】【分析】【详解】A.因物体在空中只受重力，所以在相等的时间间隔内，皮球受到的冲量均为m g t,故皮球受到的冲量相同，根据动量定理可得，皮球动量的改变量相同，故 A 正确；B.在相等的时间间隔内，皮球下落的高度不同，故重力做的功不相等，即合外力做功不等，故皮球动能的改变量不同，故 B 错误；C.下落相同的高度，时间并不相等，故皮球受到的重力的冲量不相等，故皮球动量的增量不相同，故 C错误；D.下落相同的高度，重力做功均为m g h,故重力做功相等，小球动能的增量相同，故 D 正确。故选AD。H.回旋加速器的工作原理如图所示，置于高真空中的D 形金属盒半径为R,两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计，磁感应强度为B 的匀强磁场与盒面垂直，A 处粒子源产生质量为m、电荷量为+q的粒子，在加速电压为U 的加速电场中被加速，所加磁场的磁感应强度、加速电场的频率可调，磁场的磁感应强度最大值为Bm和加速电场频率的最大值端。则下列说法正确的是（）A.粒子获得的最大动能与加速电压无关B.粒子第n 次和第n+1次进入磁场的半径之比为而C.粒子从静止开始加速到出口处所需的时间为/=油 上2UD.若 九 善,则粒子获得的最大动能为纥”=2兀 2皿：店【答案】A CD【解析】【详解】2A.当粒子出D 形盒时，速度最大，动能最大，根 据 q v B=m l,得RqBRv=-m则粒子获得的最大动能2 2m粒子获得的最大动能与加速电压无关，故 A 正确。B.粒子在加速电场中第n 次加速获得的速度，根据动能定理nqU=mv2可得Vn=2nqUm同理，粒子在加速电场中第n+1 次加速获得的速度vn+i=2(+l