43牛顿第二定律.doc

牛顿第二定律1. (多选题)关于速度、加速度、合外力之间的关系，正确的是(　　)A. 物体的速度越大，则加速度越大，所受的合外力也越大B. 物体的速度为零，则加速度为零，所受的合外力也为零 C. 物体的速度为零，但加速度可能很大，所受的合外力也可能很大D. 物体的速度很大，但加速度可能为零，所受的合外力也可能为零2. 从牛顿第二定律知道，无论怎样小的力都可以使物体产生加速度，可是当我们用一个很小的力去推很重的桌子时，却推不动它，这是因为(　　)A. 牛顿第二定律不适用于静止的物体B. 桌子的加速度很小，速度增量极小，眼睛不易觉察到C. 推力小于静摩擦力，加速度是负的D. 桌子所受的合外力为零3. 关于速度和加速度，下列说法正确的是(　　)A. 速度大，加速度大B. 速度为零，加速度一定为零C. 速度方向一定与加速度方向一致D. 以上说法都不正确4. (多选题)质量为1 kg的物体放在光滑水平面上，受3 N和4 N的两个水平方向的共点力的作用，物体的加速度可能是(　　)A. 5 m/s2　　　　　　　　 B. 7 m/s2C. 8 m/s2 D. 9 m/s25. 质量为m的木块位于粗糙水平桌面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a，当拉力方向不变，大小变为2F时，加速度为a′，则(　　)A. a′＝a B. a′2a D. a′＝2a6. (多选题)如图，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，若忽略小球与小车间的摩擦力，则在此段时间内小车可能是(　　)A. 向右做加速运动B. 向右做减速运动[ : ]C. 向左做加速运动D. 向左做减速运动7. 如图所示，自由下落的小球，从它接触竖直放置的弹簧的开始，到弹簧压缩到最大限度的过程中，小球的速度和加速度的变化情况是(　　)A. 加速度变大，速度变小B. 加速度变小，速度变大C. 加速度先变小后变大，速度先变大后变小D. 加速度先变小后变大，速度先变小后变大8. 如图所示，位于水平地面上的质量为M的小木块，在大小为F、方向与水平方向成α角的拉力作用下沿地面做匀加速运动．若木块与地面之间的动摩擦因数为μ，则木块的加速度为(　　)A. F/MB. Fcosα/MC. (Fcosα－μMg)/MD. [Fcosα－μ(Mg－Fsinα)]/M9. 如图所示，小车上固定一弯折硬杆ABC，C端固定一质量为m的小球，已知α角恒定，当小车水平向左做变加速直线运动时，BC杆对小球作用力的方向为(　　)A. 一定沿杆向上B. 一定竖直向上C. 可能水平向左D. 随加速度的数值改变而改变10．如图所示，质量相等的A、B两个小球用轻弹簧相连，通过细线挂在倾角为θ的光滑斜面上，系统静止时，细线和弹簧均与斜面平行，在细线烧断的瞬间，下列说法正确的是(　　)A．两小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsinθ B．B球的受力情况未变，瞬时加速度为零C．A球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为gsinθ D．弹簧有收缩的趋势，B球的瞬时加速度沿斜面向上，A球的瞬时加速度沿斜面向下11. (多选题)如图所示，质量为m的滑块在水平面上撞向弹簧，当滑块将弹簧压缩了x0时速度减小到零，然后弹簧又将滑块向右推开，已知弹簧的劲度系数为k，滑块与水平面间的动摩擦因数为μ，整个过程未超过弹簧的弹性限度，则(　　)A．滑块向左运动过程中，始终做减速运动B. 滑块向右运动过程中，始终做加速运动C. 滑块与弹簧接触过程中最大加速度为D. 滑块向右运动过程中，当弹簧形变量x＝时，滑块的速度最大12. 两物体A、B静止于同一水平面上，与水平面间的动摩擦因数分别为μA、μB，它们的质量分别为mA、mB，用平行于水平面的力F拉动物体A、B，所得加速度a与拉力F的关系如图中的A、B直线所示，则(　　)A. μA＝μB，mA＞mB B. μA＞μB，mA＜mBC. μA＝μB，mA＝mB D. μA＜μB，mA＞mB13．如图所示，质量为2 kg的物体在40 N水平推力作用下，从静止开始1 s内沿竖直墙壁下滑3 m．求：(取g＝10 m/s2)(1)物体运动的加速度大小；(2)物体受到的摩擦力大小；(3)物体与墙壁间的动摩擦因数．14．如图①，质量m＝1 kg的物体沿倾角θ＝37°的固定粗糙斜面由静止开始向下运动，风对物体的作用力沿水平方向向右，其大小与风速v成正比，比例系数用k表示，物体加速度a与风速v的关系如图②所示．求：　① ②(1)物体与斜面间的动摩擦因数μ；(2)比例系数k.(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2)答案：1．CD 2．D 3．D 4．AB 5．C 6．AD 7．C 8．D 9．D 10．B 11．ACD 12．B13．解析　(1)由h＝at2得：a＝＝6 m/s2.(2)分析物体受力如图所示由牛顿第二定律得mg－Ff＝ma解得Ff＝8 N　方向竖直向上 (3)由Ff＝μFN，FN＝F可得：μ＝＝＝0.2.14．解析　(1)对初始时刻：v＝0，a0＝4 m/s2，由牛顿第二定律有mgsin θ－μmgcos θ＝ma0，解得μ＝＝0.25.(2)对末时刻：v＝5 m/s，a＝0，由平衡条件有mgsin θ－μN－kvcos θ＝0，N＝mgcos θ＋kvsin θ，k＝＝0.84 kg/s.- 1 -。