北京专版2019版高考生物一轮复习专题12基因的自由组合定律课件.ppt

专题12 基因的自由组合定律,高考生物 (北京市专用),考点1 孟德尔两对性状的杂交实验 1.(2015海南单科,12,2分)下列叙述正确的是 ( ) A.孟德尔定律支持融合遗传的观点 B.孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中 C.按照孟德尔定律,AaBbCcDd个体自交,子代基因型有16种 D.按照孟德尔定律,对AaBbCc个体进行测交,测交子代基因型有8种,五年高考,答案 D 本题考查孟德尔遗传定律的相关知识孟德尔定律不支持融合遗传的观点,A错 误;孟德尔定律描述的过程发生在减数分裂过程中,B错误;AaBbCcDd个体自交,子代基因型有 34种,C错误;AaBbCc能产生8种配子,而aabbcc只产生1种配子,故AaBbCc测交子代基因型有8 种,D正确2.(2018课标全国Ⅰ,32,12分)果蝇体细胞有4对染色体,其中2、3、4号为常染色体已知控制 长翅/残翅性状的基因位于2号染色体上,控制灰体/黑檀体性状的基因位于3号染色体上某小 组用一只无眼灰体长翅雌蝇与一只有眼灰体长翅雄蝇杂交,杂交子代的表现型及其比例如下:,回答下列问题: (1)根据杂交结果, (填“能”或“不能”)判断控制果蝇有眼/无眼性状的基因是位于X 染色体还是常染色体上。

若控制有眼/无眼性状的基因位于X染色体上,根据上述亲本杂交组 合和杂交结果判断,显性性状是 ,判断依据是 (2)若控制有眼/无眼性状的基因位于常染色体上,请用上表中杂交子代果蝇为材料设计一个杂 交实验来确定无眼性状的显隐性(要求:写出杂交组合和预期结果) (3)若控制有眼/无眼性状的基因位于4号染色体上,用灰体长翅有眼纯合体和黑檀体残翅无眼 纯合体果蝇杂交,F1相互交配后,F2中雌雄均有 种表现型,其中黑檀体长翅无眼所占比例 为3/64时,则说明无眼性状为 (填“显性”或“隐性”)答案 (1)不能 无眼 只有当无眼为显性时,子代雌雄个体中才都会出现有眼与无眼性状的 分离 (2)杂交组合:无眼×无眼 预期结果:若子代中无眼∶有眼=3∶1,则无眼为显性性状;若 子代全部为无眼,则无眼为隐性性状 (3)8 隐性,解析 本题考查遗传规律的有关知识1)无眼雌果蝇与有眼雄果蝇杂交,子代不同性别果蝇 中表现为有眼、无眼的概率相同,不能确定相关基因位于常染色体上还是X染色体上若基 因位于X染色体上,只有当母本为杂合子,父本为隐性个体时,后代雌雄果蝇均为一半有眼,一半 无眼,即母本的无眼性状为显性性状。

2)判断无眼性状的显隐性时,可将雌雄果蝇交配,子代 是否出现性状分离为标准判断显、隐性性状3)若控制有眼/无眼的性状位于4号染色体上, 长翅/残翅、灰体/黑檀体、有眼/无眼这三对相对性状的遗传符合基因的自由组合定律F1为 三杂合体,F1相互交配后,F2雌雄个体均有2×2×2=8种表现型依据自由组合定律与分离定律 的关系,F2中黑檀体长翅无眼所占比例3/64可拆分为 × × 据表可知长翅性状、黑檀体性 状分别为显性和隐性,此情况下,无眼性状应为隐性方法技巧 性状显隐性的判断方法 (1)表现型相同的个体交配→后代出现性状分离,亲代表现出的性状为显性性状 (2)表现型不同的个体交配→后代只有一种表现型,后代表现出的性状为显性性状3.(2017课标全国Ⅲ,32,12分)已知某种昆虫的有眼(A)与无眼(a)、正常刚毛(B)与小刚毛(b)、 正常翅(E)与斑翅(e)这三对相对性状各受一对等位基因控制现有三个纯合品系:① aaBBEE、②AAbbEE和③AABBee假定不发生染色体变异和染色体交换,回答下列问题: (1)若A/a、B/b、E/e这三对等位基因都位于常染色体上,请以上述品系为材料,设计实验来确 定这三对等位基因是否分别位于三对染色体上。

要求:写出实验思路、预期实验结果、得出 结论) (2)假设A/a、B/b这两对等位基因都位于X染色体上,请以上述品系为材料,设计实验对这一假 设进行验证要求:写出实验思路、预期实验结果、得出结论),答案 (1)选择①×②、②×③、①×③三个杂交组合,分别得到F1和F2,若各杂交组合的F2中均出 现四种表现型,且比例为9∶3∶3∶1,则可确定这三对等位基因分别位于三对染色体上;若出现 其他结果,则可确定这三对等位基因不是分别位于三对染色体上 (2)选择①×②杂交组合进行正反交,观察F1中雄性个体的表现型若正交得到的F1中雄性个体 与反交得到的F1中雄性个体有眼/无眼、正常刚毛/小刚毛这两对相对性状的表现均不同,则证 明这两对等位基因都位于X染色体上解析 本题考查了基因位置的相关判断方法及内容1)确定三对等位基因在三对同源染色 体上有两种方法方法一是筛选出AaBbEe,然后让其雌雄个体交配,看后代是否出现8种表现 型及其对应比例;方法二是验证出三对等位基因中任意两对等位基因都符合自由组合定律即 可显然方法二适合本题,即选择①×②、②×③、①×③三个杂交组合,分别得到F1和F2,如果F 2分别出现四种表现型且比例均为9∶3∶3∶1,则可证明这三对等位基因分别位于三对染色体 上;否则,不在三对染色体上。

2)可根据①×②杂交组合正反交的结果直接判断假如A/a、B/ b这两对等位基因都位于X染色体上,则子代雄性为无眼正常刚毛或有眼小刚毛;如有一对等位 基因在常染色体上,则正反交后子代雄性必然有一对相对性状表现是相同的规律总结 确定基因位置通常使用的方法 ①正交、反交法:通常用于确定一对等位基因是存在于常染色体上,还是存在于X染色体上 同时还可以确定是细胞核遗传还是细胞质遗传 ②自交法、测交法和花粉鉴定法:通常是确定两对及以上等位基因是否能独立遗传或是否存 在基因连锁现象的方法考点2 自由组合定律及应用 1.(2017课标全国Ⅱ,6,6分)若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因 决定,其中,A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素;B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑 色素;D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达;相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没 有上述功能若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交,F1均为黄色,F2中毛色表现型 出现了黄∶褐∶黑=52∶3∶9的数量比,则杂交亲本的组合是 ( ) A.AABBDD×aaBBdd,或AAbbDD×aabbdd B.aaBBDD×aabbdd,或AAbbDD×aaBBDD C.aabbDD×aabbdd,或AAbbDD×aabbdd D.AAbbDD×aaBBdd,或AABBDD×aabbdd,答案 D 本题考查基因自由组合定律的应用。

由题意可知,A基因编码的酶可使黄色素转化 为褐色素,a基因无此功能,另外D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达,因此,基因型中含 有D_或aa的个体都表现为黄色;由F2中表现型的数量比为52∶3∶9可得,比例之和为52+3+9= 64,即43,说明F1的基因型中三对基因均为杂合,因此杂交亲本的基因型为D项中的组合, 而A、B、C中,F1只能出现一对或两对基因杂合,不符合题意方法技巧 解答本题要抓住两个关键,首先要根据题目信息推出基因型与性状的关系,明确只 要含有D_或者aa的个体就表现为黄色;其次要从F2的表现型及比例推导出F1的基因型特点2.(2016上海单科,25,2分)控制棉花纤维长度的三对等位基因A/a、B/b、C/c对长度的作用相 等,分别位于三对同源染色体上已知基因型为aabbcc的棉纤维长度为6厘米,每个显性基因增 加纤维长度2厘米棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交,则F1的棉纤维长度范围是( ) A.6~14厘米 B.6~16厘米 C.8~14厘米 D.8~16厘米,答案 C AABbcc和aaBbCc杂交得到的F1中,显性基因最少的基因型为Aabbcc,显性基因最多 的基因型为AaBBCc,由于每个显性基因增加纤维长度2厘米,所以F1的棉纤维长度范围是(6+2) ~(6+8)厘米。

题后反思 对于显性累加效应遗传试题的计算,根据所给信息求出每个显性基因的效应值是 解题关键3.(2016课标全国Ⅲ,6,6分)用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交,F1全部 表现为红花若F1自交,得到的F2植株中,红花为272株,白花为212株;若用纯合白花植株的花粉 给F1红花植株授粉,得到的子代植株中,红花为101株,白花为302株根据上述杂交实验结果推 断,下列叙述正确的是 ( ) A.F2中白花植株都是纯合体 B.F2中红花植株的基因型有2种 C.控制红花与白花的基因在一对同源染色体上 D.F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多,答案 D 根据题意,由纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交,F1全部表现为红花,F1自交得 到的F2植株中红花∶白花≈9∶7,可推知红花与白花由两对独立遗传的等位基因(假设相关基 因用A、a和B、b表示)控制,即两对等位基因位于两对同源染色体上,C错误;双显性(A_B_)基 因型(4种)的植株表现为红花,B错误;单显性(A_bb和aaB_)和双隐性(aabb)基因型的植株均表 现为白花,所以F2中白花植株有的为纯合体,有的为杂合体,A错误;F2中白花植株共有5种基因 型,比红花植株(4种)基因型种类多,D正确。

方法技巧 对F1植株自交产生的F2植株利用统计学方法处理,得出“红花∶白花≈9∶7”是 解答本题的突破口4.(2010北京理综,4,6分)决定小鼠毛色为黑(B)/褐(b)色、有(s)/无(S)白斑的两对等位基因分别 位于两对同源染色体上基因型为BbSs的小鼠间相互交配,后代中出现黑色有白斑小鼠的比 例是 ( ) A.1/16 B.3/16 C.7/16 D.9/16,答案 B 本题主要考查基因自由组合定律的应用基因型为BbSs的小鼠间相互交配,后代 出现黑色无白斑、黑色有白斑、褐色无白斑、褐色有白斑的比为9∶3∶3∶1,其中黑色有白 斑小鼠(基因型为B_ss)所占的比例为3/165.(2018课标全国Ⅲ,31,10分)某小组利用某二倍体自花传粉植物进行两组杂交实验,杂交涉及 的四对相对性状分别是:红果(红)与黄果(黄)、子房二室(二)与多室(多)、圆形果(圆)与长形果 (长)、单一花序(单)与复状花序(复)实验数据如下表回答下列问题: (1)根据表中数据可得出的结论是:控制甲组两对相对性状的基因位于 上,依 据是 ;控制乙组两对相对性状的基 因位于 (填“一对”或“两对”)同源染色体上,依据是 。

(2)某同学若用“长复”分别与乙组的两个F1进行杂交,结合表中数据分析,其子代的统计结果 不符合 的比例答案 (1)非同源染色体 F2中两对相对性状表现型的分离比符合9∶3∶3∶1 一对 F2中每 对相对性状表现型的分离比都符合3∶1,而两对相对性状表现型的分离比不符合9∶3∶3∶1 (2)1∶1∶1∶1,解析 本题考查基因自由组合定律的应用1)甲组杂交组合的F2性状分离符合9∶3∶3∶1 的比例,说明控制甲组的两对相对性状的基因位于非同源染色体上而乙组杂交组合F2中每 对相对性状表现型的分离比都符合3∶1,而两对相对性状的分离比不符合9∶3∶3∶1相差较 大,说明控制乙组两对相对性状的基因位于一对同源染色体上2)因控制乙组两对相对性状 的基因位于一对同源染色体上,故利用“长复”对乙组F1测交的结果不符合1∶1∶1∶1的比 例方法总结 遗传规律的验证方法 (1)自交法:F1自交后代性状分离比为3∶1,则符合分离定律,性状由位于一对同源染色体上的一 对等位基因控制F1自交后代性状分离比为9∶3∶3∶1,则符合自由组合定律,性状由位于非 同源染色体上的两对等位基因控制。

2)测交法:F1测交后代性状分离比为1∶1,则符合分离定 律,性状由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制F1测交后代性状分离比为1∶1∶1∶ 1,则符合自由组合定律,性状由位于非同源染色体上的两对等位基因控制另外还有花粉鉴 定法、单倍体育种法等。