2019版高考生物总复习第五单元遗传定律和伴性遗传第2讲孟德尔豌豆杂交实验二课时跟踪练.doc

1第第 2 2 讲讲 孟德尔豌豆杂交实验（二）孟德尔豌豆杂交实验（二）课时跟踪练一、选择题(每题 5 分，共 50 分)1．(2017·湖南师大附中摸底)下列关于孟德尔遗传规律的得出过程，说法错误的是( )A．豌豆自花传粉、闭花受粉的特点是孟德尔杂交实验获得成功的原因之一B．统计学方法的使用有助于孟德尔总结数据规律C．进行测交实验是为了对提出的假说进行验证D．假说中具有不同基因型的配子之间随机结合，体现了自由组合定律的实质解析：非同源染色体上的非等位基因自由组合为自由组合定律的实质，不同基因型的配子之间随机结合，不能体现自由组合定律的实质，D 错误答案：D2．(2017·苏北四市期中)如图表示两对等位基因在染色体上的分布情况，若图1、2、3 中的同源染色体均不发生交叉互换，则图中所示个体自交后代的表现型种类依次是( )A．2、3、4 B．4、4、4C．2、4、4 D．2、2、4解析：图 1 个体自交后代有 3 种基因型，2 种表现型；图 2 个体自交后代有 3 种基因型(AAbb、aaBB、AaBb)，3 种表现型；图 3 个体自交后代有 9 种基因型，4 种表现型。

答案：A3．某个体(AaBbCc……)含有n对等位基因，且一对等位基因均控制一对相对性状，也不存在基因连锁现象正常情况下，下列不能用 2n表示的是( )A．测交后代的基因型种类数B．测交后代的表现型种类数C．自交后代的基因型种类数D．自交后代的表现型种类数解析：依题意可知：一对等位基因的个体测交，如 Aa×aa，其后代有 2 种基因型、2种表现型，因此含有n对等位基因的个体，其测交后代的基因型和表现型的种类数均为2n，A、B 可以；一对等位基因的个体自交，如 Aa×Aa，其后代有 3 种基因型、2 种表现型，所以含有n对等位基因的个体，其自交后代的基因型和表现型的种类数分别为 3n和 2n，D可以，C 不能用 2n表示，选 C答案：C24．下图为某植株自交产生后代过程的示意图下列对此过程及结果的描述，正确的是( )AaBbAB、Ab、aB、ab受精卵子代：N 种基因型，P 种――→①――→②配子间M种结合方式――→③表现型(12∶3∶1)A．A 与 B、b 的自由组合发生在②B．雌、雄配子在③过程随机结合C．M、N 和 P 分别为 16、9 和 4D．该植株测交后代性状分离比为 2∶1∶1解析：自由组合发生在减数分裂①过程，②为受精作用；雌、雄配子在②过程随机结合；根据 P 种表现型的比值判断两对等位基因分别位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律，因此 N 为 9 种，P 为 3 种，雌雄配子有 16 种结合方式；该植株测交后代表现型与子代自交的表现型对应分析，性状分离比为 2∶1∶1。

答案：D5．某一植物体内常染色体上具有三对等位基因(A 和 a，B 和 b，D 和 d)，已知A、B、D 三个基因分别对 a、b、d 完全显性，但不知这三对等位基因是否独立遗传某同学为了探究这三对等位基因在常染色体上的分布情况做了以下实验：用显性纯合个体与隐性纯合个体杂交得 F1，F1同隐性纯合个体测交，结果及比例为AaBbDd∶AaBbdd∶aabbDd∶aabbdd＝1∶1∶1∶1，则下列表述正确的是( )A．A、B 在同一条染色体上B．A、b 在同一条染色体上C．A、D 在同一条染色体上D．A、d 在同一条染色体上解析：aabbdd 产生的配子是 abd，子代为AaBbDd∶AaBbdd∶aabbDd∶aabbdd＝1∶1∶1∶1，所以 AaBbDd 产生的配子是ABD∶ABd∶abD∶abd＝1∶1∶1∶1，所以 AB 在一条染色体上，ab 在一条染色体上答案：A6．假如水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗瘟病(R)对易染病(r)为显性现有一高秆抗病的亲本水稻和矮秆易染病的亲本水稻杂交，产生的 F1再和隐性类型进行测交，结果如图所示(两对基因位于两对同源染色体上)，请问 F1的基因型为( )3A．DdRR 和 ddRr B．DdRr 和 ddRrC．DdRr 和 Ddrr D．ddRr解析：单独分析高秆和矮秆这一对相对性状，测交后代高秆∶矮秆＝1∶1，说明 F1的基因型为 Dd；单独分析抗瘟病与易染病这一对相对性状，测交后代抗瘟病∶易染病＝1∶3，说明 F1中有两种基因型，即 Rr 和 rr，且比例为 1∶1。

综合以上分析可判断出 F1的基因型为 DdRr、Ddrr答案：C7．油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如下表所示相关说法错误的是( )PF1F2甲×非凸耳凸耳凸耳∶非凸耳＝15∶1乙×非凸耳凸耳凸耳∶非凸耳＝3∶1丙×非凸耳凸耳凸耳∶非凸耳＝3∶1A.凸耳性状是由两对等位基因控制B．甲、乙、丙均为纯合子C．甲和乙杂交得到的 F2均表现为凸耳D．乙和丙杂交得到的 F2表现型及比例为凸耳∶非凸耳＝3∶1解析：根据甲与非凸耳杂交后得到的 F1自交，F2代出现两种性状，凸耳和非凸耳之比为 15∶1，可以推知，凸耳性状是受两对等位基因控制的，由于甲×非凸耳得到的 F2代凸耳∶非凸耳＝15∶1，说明非凸耳是双隐性状，甲是双显性状的纯合子，乙×非凸耳得到的F2代凸耳∶非凸耳＝3∶1，说明乙是单显性状的纯合子，故甲与乙杂交得到的 F2代个体中一定有显性基因，即一定是凸耳，由于丙×非凸耳得到的 F2代凸耳∶非凸耳＝3∶1，故丙也为单显性状的纯合子，因此乙×丙杂交得到的 F1为双杂合子，F2代有两种表现型，凸耳∶非凸耳＝15∶1答案：D8．(2018·云南师大附中质检)某植物花色遗传受 A、a 和 B、b 两对等位基因控制。

当不存在显性基因时，花色为白色，当存在显性基因时，随显性基因数量的增加，花色红色逐渐加深现用两株纯合亲本植株杂交得 F1，F1自交得 F2，F2中有白花植株和 4 种红花植株，按红色由深至浅再到白的顺序统计出 5 种类型植株数量比例为 1∶4∶6∶4∶1下列说法正确的是( )A．该植物的花色遗传不遵循基因的自由组合定律B．亲本的基因型一定为 AABB 和 aabbC．F2中 AAbb 和 aaBB 个体的表现型与 F1相同4D．用 F1作为材料进行测交实验，测交后代有 4 种表现型解析：该植物的花色遗传遵循基因的自由组合定律亲本的基因型还可以是 AAbb 和aaBB用 F1作为材料进行测交实验，测交后代有 3 种表现型答案：C9．(2017·湖北重点中学联考)夏南瓜的颜色由 A、a 和 B、b 两对相对独立的基因控制，当含有 A 基因时为白色，在不含 A 基因时，BB、Bb 为黄色，bb 为绿色现有一株白色夏南瓜和一株绿色夏南瓜杂交，子代性状表现及比例是白色夏南瓜∶黄色夏南瓜＝1∶1下列有关说法正确的是( )A．亲本白色夏南瓜植株为纯合子B．子代白色夏南瓜与亲本白色夏南瓜的基因型相同C．子代黄色夏南瓜自交后代性状分离比为 9∶6∶1D．子代两种夏南瓜杂交，产生的后代中黄色夏南瓜占3 8解析：依题意可知，夏南瓜颜色的遗传遵循基因的自由组合定律，A_B_和 A_bb 为白色，aaB_为黄色，aabb 为绿色。

现有一株白色夏南瓜(A_B_或 A_bb)和一株绿色夏南瓜(aabb)杂交，子代性状表现及比例是白色夏南瓜∶黄色夏南瓜＝1∶1，说明亲本白色夏南瓜植株的基因型为 AaBB，为杂合子，A 错误；子代白色夏南瓜的基因型为 AaBb，与亲本不同，B 错误；子代黄色夏南瓜的基因型为 aaBb，其自交后代性状分离比为黄色夏南瓜∶绿色夏南瓜＝3∶1，C 错误；子代两种夏南瓜杂交，即 AaBb 与 aaBb 杂交，产生的后代中黄色夏南瓜占 aa× B_＝ ，D 正确1 23 43 8答案：D10．已知牵牛花的花色受三对独立遗传的等位基因(A 和 a、B 和 b、C 和 c)控制，如图所示，其中蓝色和红色混合后显紫色，蓝色和黄色混合形成绿色现有某紫花植株自交子代出现白花、黄花据此判断下列叙述不正确的是( )A．自然种群中红花植株的基因型有 4 种B．用于自交的紫花植株的基因型为 AaBbCcC．自交子代中绿花植物和红花植株的比例可能不同D．自交子代出现黄花植株的比例为3 64解析：自然种群中红花植株的基因型有 AABBcc、AaBBcc、AABbcc、AaBbcc 共 4 种，A正确；根据分析亲本紫花植株的基因型为 AaBbCc，B 正确；由于亲本紫花植株的基因型为5AaBbCc，所以当亲本紫花植株的基因型为 AaBbCc 时，自交子代中绿花植物(A_bbC_)的概率为 × × ＝，红花植株(A_B_cc)的概率为 × × ＝，所以比例相同，C 错误；亲本3 41 43 49 643 43 41 49 64紫花植株的基因型为 AaBbCc，则自交子代出现黄花植株(A_bbcc)的比例为 × × ＝，D3 41 41 43 64正确。

答案：C二、非选择题(共 50 分)11．(14 分)(2017·汕头一模)鸡的羽毛颜色受一对等位基因 B 和 b 控制，有显性基因存在时能合成色素；小腿长度受另一对等位基因 C 和 c 控制，这两对基因分别位于两对常染色体上1)让雌雄蓝羽鸡交配，后代蓝羽、黑羽和白羽的比例总是为 2∶1∶1，那么，蓝羽的基因型是________，若让黑羽和白羽杂交，理论上说，后代表现型是________2)多次让雌雄短腿鸡交配，后代中总是出现 的正常腿合理的解释是，在该对相对1 3性状中，显性性状是________，而基因型为________时在胚胎时期死亡3)黑羽短腿雄鸡的基因型是________，让其与蓝羽短腿雌鸡杂交，F1的表现型有________种，其中表现为黑羽短腿雄鸡的比例是________；在 F1中，B 基因的频率是________解析：(1)雌雄蓝羽鸡交配，后代发生性状分离，说明蓝羽亲本是杂合子，基因型为Bb，二者交配后代的基因型是 BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，由于 B 控制色素合成，因此后代中黑羽的基因型是 BB，白羽的基因型是 bb，黑羽与白羽杂交，杂交后代都是蓝羽2)雌雄短腿鸡交配，后代出现正常腿，说明短腿对正常腿是显性性状，且亲本短腿的基因型是Cc、Cc，二者杂交后代的基因型及比例是 CC∶Cc∶cc＝1∶2∶1，多次实验 cc 的比例占 ，1 3说明 CC 胚胎致死。

3)由于(1)分析可知，黑羽的基因型是 BB，由(2)可知，短腿 CC 胚胎致死，因此黑羽短腿雄鸡的基因型是 BBCc，蓝羽短腿雌鸡的基因型为 BbCc，两对等位基因遵循自由组合定律，因此可以将其化解成两个分离定律：BB×Bb→黑羽∶蓝羽＝1∶1，Cc×Cc→由于 CC 致死，因此短腿∶正常腿＝2∶1，因此 F1的表现型是 2×2＝4种；黑羽短腿雄鸡的比例是 × × ＝ ；由于子一代中 BB∶Bb＝1∶1，因此 B 的基因频率1 22 31 21 6是 ＋ × ＝ 1 21 21 23 4答案：(1)Bb 蓝羽 (2)短腿 CC (3)BBCc 4 1 63 4612．(12 分)(2017·福建质检)研究人员选择果皮黄绿色、果肉白色、果皮有覆纹的纯合甜瓜植株(甲)与果皮黄色、果肉橘红色、果皮无覆纹的纯合甜瓜植株(乙)杂交，F1表现为果皮黄绿色、果肉橘红色、果皮有覆纹F1自交得 F2，分别统计 F2各对性状的表现及株数，结果如下表甜瓜性状果皮颜色(A，a)果肉颜色(B，b)果皮覆纹F2的表现及株数黄绿色482黄色 158橘红色478白色 162有覆纹 361无覆纹 279(1)甜瓜果肉颜色的显性性状是________。

2)据表中数据________(填“能”或“不能”)判断两对基因(A 和 a，B 和 b)自由组合，理由是_____________________________________________________________________________3)完善下。