2015安徽高考数学理科真题及解析.docx

2015年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）数学（理科）本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，第I卷第1至第2页，第II卷第3至第4页全卷满分150分，考试时间120分钟第Ⅰ卷（选择题共50分）一、选择题：本大题共10个小题；每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，有且只有一项是符合题目要求的1）设是虚数单位，则复数在复平面内所对应的点位于（ ）（A）第一象限（B）第二象限（C）第三象限（D）第四象限【答案】B【解析】由 其对应点的坐标为在第二象限，故选B.（2）下列函数中，既是偶函数又存在零点的是（ ）（A）（B）（C）（D）【答案】A【解析】选项中A,D都是偶函数，排除B,C. 而D选项与轴没有交点，故选A.（3）设则p是q成立的（ ）（A）充分不必要条件（B）必要不充分条件（C）充分必要条件（D）既不充分也不必要条件【答案】A【解析】由解得，可知由能推出，但不能推出，故是成立的充分不必要条件， 故选A.（4）下列双曲线中，焦点在轴上且渐近线方程为的是（ ）（A） （B） （C） （D）【答案】C【解析】选项A和B中的双曲线的交点都在上，可排除。

D选项中的双曲线的其 渐近线方程为，故也可排除因此答案选C.（5）已知，是两条不同直线，，是两个不同平面，则下列命题正确的是（ ）（A）若，垂直于同一平面，则与平行（B）若，平行于同一平面，则与平行（C）若，不平行，则在内不存在与平行的直线（D）若，不平行，则与不可能垂直于同一平面【答案】D【解析】选项A中垂直于同一平面，关系可能相交，故排除 选项B中平行于同一平面，关系无法确定，故排除 选项C中不平行，在中可以存在与平行的直线，故排除因此，答案选D6）若样本数据，，……，的标准差为，则数据，，，的标准差为（ ）（A） （B） （C） （D）【答案】C【解析】设样本数据的平均数为，其标准差为8，则方差为64，数据，，，的平均数为，根据方差计算公式知方差为256，故其标准差为16因此答案选C7）一个四面体的三视图如图所示，则该四面体的表面积是（ ）（A）（B）（C）（D）【答案】B【解析】由题意知该四面体的直观图如图所示：，,，因此该四面体的表面积为，因此答案选B8）是边长为的等边三角形，已知向量，满足，，则下列结论正确的是（ ）（A）（B）（C）（D）【答案】D【解析】由题意，故，故选项A错。

又且,所以，，所以，故B,C错 因此答案选D.（9）函数的图象如图所示，则下列结论成立的是（ ）（A），，（B），，（C），，（D），，【答案】C【解析】由题中图形可知易知，所以当时，，所以当时，所以，所以因此，答案选C10）已知函数（，，均为正的常数）的最小正周期为，当时，函数取得最小值，则下列结论正确的是（ ）（A）（B）（C）（D）【答案】A【解析】由题意, 又,知，即所以可求出函数的一个解析式为，可以判断，因此答案选A第Ⅱ卷（非选择题 共100分）二．填空题：本大题共5小题，每小题5分，共25分11）的展开式中的系数是（用数字填写答案）【答案】35【解析】由 令得，所以所求的系数.（12）在极坐标系中，圆上的点到直线距离的最大值是【答案】6【解析】由，得圆的方程为，化为标准方程为，直线方程为，可求得圆心到直线的距离为2，因此所求最大值为6.（13）执行如图所示的程序框图（算法流程图），输出的为【答案】4【解析】当时，；当时，；当时，当时，，由于，故输出的值为4.（14）已知数列是递增的等比数列，，则数列的前项和等于【答案】【解析】由题意可得方程和，解得， 所以。

15）设，其中均为实数，下列条件中，使得该三次方程仅有一个实根的是（写出所有正确条件的编号）；；；;.【答案】⑴⑶⑷⑸【解析】设，则当时，，此时单调递增， 若方程有一个实根，⑷⑸正确；当时，由于选项中，此时可求得，由于方程仅有一根，须满足或，因此⑴⑶正确综上可得本题正确选项是⑴⑶⑷⑸三、解答题：本大题共6小题，共75分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤16）（本小题满分12分）在中，,点D在边上，，求的长答案】【解析】设的内角所对边的长分别是， 由余弦定理得 所以………………………………4分又由正弦定理得由题设知所以在中，由正弦定理得……………12分（17）（本小题满分12分）已知2件次品和3件正品混放在一起，现需要通过检测将其区分，每次随机检测一件产品，检测后不放回，直到检测出2件次品或者检测出3件正品时检测结束Ⅰ）求第一次检测出的是次品且第二次检测出的是正品的概率；（Ⅱ）已知每检测一件产品需要费用100元，设X表示直到检测出2件次品或者检测出3件正品时所需要的检测费用（单位：元），求X的分布列和均值（数学期望）【答案】（Ⅰ）；（Ⅱ）=350【解析】（Ⅰ）第一次检测出的是次品且第二次检测出的是正品概率.……5分（Ⅱ）由题意知的可能取值为200,300,400三种情况， 则……………10分所以的分布列如下所以=350……………12分（18）（本小题满分12分）设，是曲线在点处的切线与x轴交点的横坐标，（Ⅰ）求数列的通项公式；（Ⅱ）记，证明：.【答案】（Ⅰ）；（Ⅱ）证明见解析。

解析】（Ⅰ）由题意， 所以曲线在点处的切线方程为 当时，.……………5分（Ⅱ）由题设中和（1）中的计算结果知 当时， 当时，， 所以.综上可得对任意的均有……………12分（19）（本小题满分13分）如图所示，在多面体，四边形，均为正方形，为的中点，过的平面交于F（Ⅰ）证明：（Ⅱ）求二面角余弦值.【答案】（Ⅰ）证明见解析；（Ⅱ）【解析】（Ⅰ）证明：, 平面, 平面平面……………3分 又平面平面而……………6分（Ⅱ）如图所示，将原图形补全为正方体，过作 取的中点，连结，则 所以是二面角的平面角……………9分 设正方体的边长为，所以， 所以 故所求二面角的余弦值为……………13分（20）（本小题满分13分）设椭圆E的方程为，点O为坐标原点，点A的坐标为，点B的坐标为，点M段AB上，满足，直线OM的斜率为.（I）求E的离心率 ；（II）设点C的坐标为，N为线段AC的中点，点N关于直线AB的对称点的纵坐标为，求E的方程.【答案】（Ⅰ）；（Ⅱ）【解析】（Ⅰ）由得因为可得 所以，可得椭圆的离心率。

……………5分（Ⅱ）设点关于对称的点为，的中点为， 由题意知，所以点的坐标为所以可求直线的方程为 由及点在直线上得到①②……………10分 由①解得代入②并且由（Ⅰ）中可求得，故椭圆方程为……………13分（21）（本小题满分13分）设函数.（Ⅰ）讨论函数内的单调性并判断有无极值，有极值时求出极值；（Ⅱ）记上的最大值D；（Ⅲ）在中（Ⅱ）取【答案】（Ⅰ）①当时，，单调递减，无极值；②当时，，单调递增，无极值③当时，在内存在唯一的，使得，时，函数单调递减， 时，函数单调递增， 因此，，时，有极小值为 有极小值为 ；（Ⅱ）；（Ⅲ）最大值为1.【解析】（Ⅰ），令 可求得= 因为，所以，因此的符号决定的符号，①当时，，单调递减，无极值；②当时，，单调递增，无极值③当时，在内存在唯一的，使得，时，函数单调递减， 时，函数单调递增， 因此，，时，有极小值为 ……………4分（Ⅱ）时， 当时，取等号成立， 当时，取等号成立由此可知，在上的最大值为……………8分（Ⅲ）即为，此时从而. 取则，并且. 由此可知，满足条件的最大值为1.……………13分内容总结（1）2015年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）数学（理科）本试卷分第 = 1 \* ROMAN I卷（选择题）和第 = 2 \* ROMAN II卷（非选择题）两部分，第 = 1 \* ROMAN I卷第1至第2页，第 = 2 \* ROMAN II卷第3至第4页（2）D选项中的双曲线的其 渐近线方程为，故也可排除。