2020高考物理真题汇编答案.pdf

一参考答案与解析 专题一运动的描述 匀变速直线运动的研究解析：（1）物块匀加速下滑，经过参考点开始计时，由运动学公式有乙=/+%产，变形得 斗=2 6+印，所以题图乙中图线的纵截距表示通过参考点时速度的2 倍，则 内=竽 m/s=0.32 m/s；图线的斜率表示物块的加速度，则加速度二 鬟 一m H m/s?.0.395-0.02（2）物块沿斜面下滑过程中，由牛顿第二定律有,gsin 9/imgcos J=皿，将i=53,ai=5.6 m/s2；02=37,02=3.1 m/s2 分别代入，解得 g七9.4 m*.答案：（1）0.32（0.33 也可）3.1（2）9.4专题二相互作用1.解析：选 B.设甲、乙两物体的质量均为粗，对点进行受力分析，右侧细绳上的拉力大小为m g,左侧细绳上的拉力大小为F,O 点下方的细线上的拉力大小为m g,系统平衡时对力进行水平和竖直方向的正交分解可得Fsin=w/gsin a,Feos+mgcos a=mg,解得夕=55 ,B 正确.2.解析：选 C.根据题述，物块A、B 刚要滑动，可知A、B 之间的摩擦力人8=卬 8$45,B 与木板之间的摩擦力/=3wgcos 45.隔离A 分析受力，由平衡条件可得轻绳中拉力F=/4B+wsin 45.对AB整体，由平衡条件：2F=3mgsin 45 f,联立解得：“=/选 项 C正确.3.解析：选 A.由题给信息可知，升力尸2与速度方向垂直，B、D项错；空气阻力6 与速度方向相反，C 项错，故 A 项正确.4.解析：选 D.工作人员受到的重力大小仍为,“g,A 错误.因工作人员在球面上缓慢移动，且 有“在月球上行走”的感觉，故其受力平衡，工作人员所受合力为零，B 错误；对工作人员受力分析可知，其 对 球 面 的 作 用 力 大 小 为 C 错误，D正确.专题三牛顿运动定律1.解析：选 D.根据位移一时间图像的斜率表示速度可知，0九时间内，图像斜率增大，速度。

增大，加速度方向向下，由牛顿运动定律可知乘客处于失重状态，所受的支持力尸N，阳，选项C 错误，D正确.2.解析：选 C.设列车做匀加速直线运动的加速度为“，可将后面的38节车厢作为一个整体进行分析，设每节车厢的质量均为?，每节车厢所受的摩擦力和空气阻力的合力大小均为 力 则 有 F3M=38%再将最后面的2 节车厢作为一个整体进行分析，设倒数第3 节车厢对倒数第2 节车厢的牵引力为广，则有尸一）=2,加，联立解得尸=F,C 项正确，A、B、D项均错误.3.解析：选 B.缓慢起动的公交车具有向前的加速度，但加速度较小，若箱子所受的静摩擦力足以提供该加速度，则箱子可以相对公交车静止，A 项错：急刹车时，公交车的加速度较大，箱子轮子受到公交车的摩擦力较小，行李箱一定相对车子向前运动，B 项正确；缓慢转弯时，车子具有指向轨迹内侧的较小的加速度，当行李箱所受的静摩擦力足以提供其加速度时，行李箱相对车子静止，C 项错；急转弯时，汽车的加速度较大，若行李箱人所受的静摩擦力不足以提供所需的向心力，则其做离心运动，即相对车子向外侧运动，若行李箱6 所受的静摩擦力足以提供所需的向心力，则其相对车子静止，D项 错.专题四曲线运动万有引力与航天1.解析：选 B.由万有引力定律可得，质量为小的物体在地球表面上时，受到的万有引力大小为F 他=G，质量为?的物体在火星表面上时，受到的万有引力大小为F 火=G 需,二者的比值善=等 普=0.4,B 正确，A、C、D错误.2.解析：选 B.该同学身高相对于秋千的绳长可忽略不计，可以把该同学看成质点.当m v2该同学荡到秋千支架的正下方时，由牛顿第二定律有2/一,咫=丁,代入数据解得F=410N,选 项 B 正确.3.解析：选 A.根据万有引力定律有d 鬻X M=p-R-,解 得 T=B、C、D项错误，A 项正确.K R4.解析：选 D.由题意可知“嫦娥四号”绕月球做匀速圆周运动的轨道半径为r=与,设月球的质量为例，“嫦娥四号”绕月球做匀速圆周运动的速率为。

嫦娥四号”的质量为m,则地球的质量为QM,一质量为方的物体在地球表面满足G窄 工=机而“嫦娥四号”绕月球做匀速圆周运动满足6器=/7,解得D正确.5.解析：选 B.由华=m g,解得火星表面的重力加速度与地球表面重力加速度的比值第 2 页，共 40页g 火 M火 虫 全g M均 用;=0.1 X 22=0.4,即火星表面的重力加速度g火=0.4 g.着陆器着陆过程可视为竖直向下的匀减速直线运动，由v()at o=O可得能 由 牛 顿第二定律有F mg火=，n a，解得F=m(0.4 g+-),选项 B 正确.6 .解析：选 A.近地轨道卫星的轨道半径稍大于地球半径，由万有引力提供向心力，可得 尊=1,，解得线速度产，由于地球静止轨道卫星的轨道半径大于近地轨道卫星的轨道半径，所以地球静止轨道卫星的线速度较小，选项B错误；由万有引力提供向心力，可 得 华=(爷 j,解得周期r=2 兀、偏，所以地球静止轨道卫星的周期较大，选项A2冗正确；由亍，可知地球静止轨道卫星的角速度较小，选 项 C错误；由万有引力提供向心力，可 得 堂!:?解得加速度”=G 弄，所以地球静止轨道卫星的加速度较小，选项D错误.7 .解析：选 C D.两卫星均绕地球做圆周运动，甲的轨道半径是乙的2倍，由 牛=平,可得。

岸，则乙的速度是甲的6 倍，选项A错误；由根牛，可 得 =誓，则乙的向心加速度是甲的4倍，选项B错误；由尸=9誓，结合两人造卫星质量相等，可知甲的向心力是乙的h 选 项 C正确；两卫星均绕地球做圆周运动，且甲的轨道半径是乙的2倍,结合开普勒第三定律可知，甲的周期是乙的2 啦 倍，选项D正确.8 .解析：选 A D.由题意可知，落地后，小球4的位移的大小为SA=Va+=N?+(21)2=小/，小球B的位移的大小为8=后天=(2D 2+?=小/,显然小球人B的位移大小相等，A正确；小球A的运动时间为以=，小球B的运动时间为t B=则 以：m=也：1，B错误；小球A的初速度为如=放小球B的初速度为VxB一丁 一IB?/万=场，则 为：如=1 ：2啦，C错误；落地瞬间，小球A竖直方向的速度为 6,A=7 4 g I，第 3 页，共 4 0 页小 球B竖直方向的速度为Vy B=y 2gh则落地瞬间小球A 的速度为VA=y j v +v jA=小球B的速度为办=勺很B+很，显然以 如，D正确.9.解析：选 C.火星与地球轨道周长之比等于公转轨道半径之比，A 项错；火星和地球绕太阳做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，由 心=47=加 64，解得。

v=、售，3=愣，所以火星与地球线速度大小之比为啦：小，B项错；角速度大小之比为2瓶：3 5，C项对；向心加速度大小之比为4 ：9,D项错.专题五机械能及其守恒定律I.解析：选 A B.由重力势能和动能随下滑距离s 变化的图像可知，重力势能和动能之和随下滑距离s的增大而减小，可知物块下滑过程中机械能不守恒，A项正确；在斜面顶端，重力势能，咫=3 0 J,解得物块质量m=1 k g,由重力势能随下滑距离s 变化图像可知，重力势能可以表示为P=(3 0-6.v)J,由动能随下滑距离s 变化图像可知，动能可以表示为E k=2sh 3 4J,设斜面倾角为仇则有s i n工=5，co s 0=5,由功能关系有一/n g co s 0 s=Ep+Ek2一3 0 J=(3 0-6 s+2s-3 0)J =-4 s J,可得=0.5,B 项正确；由 E k=2s J,&=可 得，V2=4 s m2/s2,对比匀变速直线运动公式2=2as,可得2 m/s2,即物块下滑时加速度的大小为2.0 m/s 2,C项错误：由重力势能和动能随下滑距离s 变化图像可知，当物块下滑2.0 m时机械能为E=18 J+4 J =22 J,机械能损失了 A E=3 0 J 22J=8 J,D项错误.2.解析：选 B.摩托车落到c 点时，根据平抛运动规律有/7=%小 仁;g K，解 得 原=挈11汽同理摩托车落到万点时有施=9 g .又动能E i =产 画、员=/加M 所以京=1 8,故 A、C、D项错误，B项正确.3 .解析：选 A C D.钩码8释放后做简谐运动，根据简谐运动的对称性，物块B在最高点加速度大小为g,所以在最低点加速度大小也为g.在最低点对B由牛顿第二定律有F-m g=m a,得尸=2,咫，而 B在最低点时物块A对水平桌面的压力刚好为零，可知A左侧轻绳上拉力的竖直分力等于M g，故历 2机，A项正确，B项错误；8从释放位置到最低点的过程中，速度先增大后减小，由动能定理可知，合力对8先做正功后做负功，C项正确；由功能关系可知，B从释放到速度最大过程中B克服弹簧弹力做的功等于B机械能的减少量，D项正确.4 .解析：选 B C.由于动车以恒定功率启动，则 由 P=F四力0 可知动车的速度增大则牵引力减小，由牛顿第二定律/四力一尸=机。

得动车的加速度逐渐减小，A错误，B第4页，共 4 0页正确；当动车的加速度为零时，即牵引力等于阻力时，动车的速度最大，即 =汽加，c正确；设动车在时间，内的位移为X,由动能定理得卬一八=52%一 品宿，则牵引力所做的功为卬=&+品 会品 稀 D错误.5.解析：选 C.根据汽车做匀速直线运动可得此时汽车的牵引力等于阻力，即F=f =1.8X103N,此时汽车发动机的实际输出功率即瞬时功率，根据P=F v,代入数据解得此时汽车发动机的实际输出功率为36 kW,A、B、D项均错误，C 项正确.6.解析：选 A.在斜面上，物块受竖直向下的重力、沿斜面向上的滑动摩擦力以及垂直斜面向上的支持力，设物块的质量为m,斜面的倾角为0,物块沿斜面下滑的距离对应的水V V平位移为x,由动能定理有 2gsin嬴/一即g e o sc o s,=&-0,解得Ek=(mgtanO-H m g)x,即在斜面上时物块的动能与水平位移成正比，B、D项均错误；在水平面上，物块受竖直向下的重力、竖直向上的支持力以及水平向左的滑动摩擦力，由动能定理有一 2机 g(xxo)=Ek-Eko，解得氏=&0-2Mg(x-xo),其中a 0 为物块滑到斜面底端时的动能，xo为物块沿斜面下滑到底端时的距离对应的水平位移，即在水平面上物块的动能与水平位移为一次函数关系，且为减函数，A 项正确，C 项错误.专题六碰撞与动量守恒1.解析：选 D.行驶中的汽车如果发生剧烈碰撞，车内安全气囊被弹出并瞬间充满气体，增大了司机的受力面积，减少了司机单位面积的受力大小，可以延长司机的受力时间，从而减小了司机受到的作用力，A 项错误，D项正确；碰撞前司机动量等于其质量与速度的乘积，碰撞后司机动量为零，所以安全气囊不能减少碰撞前后司机动量的变化量，B 项错误；碰撞过程中通过安全气囊将司机的动能转化为司机对安全气囊做的功，C 项错误.2.解析：选 BC.选运动员退行速度方向为正方向，设运动员的质量为物块的质量为m,物块被推出时的速度大小为。

o,运动员第一次推出物块后的退行速度大小为5.根据动量守恒定律，运动员第一次推出物块时有0=M一烧加，物块与挡板发生弹性碰撞，以等大的速率反弹；第二次推出物块时有Mv +m v o =m v o+Mv i,依此类推，Mv 2+m v()=-m v o+Mv?,Mv i+m v o m v o +M v&,又运动员的退行速度8a)，v i v o,解得即 52 kgA/0o,A 项错误；同理，0r 0 ,点与匕点间的电场强度有竖直向上的分量，所以则也，B 项正确；同理，4 a 0d，又带负电的试探电荷在电势高处电势能较小，所以C 项错误，D项正确.5.解析：选 AB.沿电场线方向电势降低，则 8 点的电势比A 点的电势高，A 正确；由对称性可知，两小球所处位置的电势的绝对值始终相等，则由弓=夕夕可知两小球的电势能始终相等，B 正确；该过程中，带正电荷的小球所受的电场力方向向右，第 6。