（全国通用版）2019高考物理总复习 优编增分练：选择题考点排查练1 2014年（全国Ⅰ卷）选择题考点排查练.doc

2014年(全国Ⅰ卷)选择题考点排查练题号1415161718192021考点感应电流安培力磁场内的圆周运动牛顿第二定律电磁感应的图象问题万有引力定律圆周运动临界问题电场的性质　　　　　　　　　　　　　　　　　　　二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·广东省揭阳市模拟)如图1所示，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内，环心与两导线距离相等，环的直径小于两导线间距离．两导线中通有图示方向的相同的恒定电流I.则当环(　　)图1A．向上运动时，环中产生顺时针方向的感应电流B．向下运动时，环中产生顺时针方向的感应电流C．向左侧靠近导线时，环中产生逆时针方向的感应电流D．向右侧靠近导线时，环中产生逆时针方向的感应电流答案　D15．(2018·安徽省芜湖市上学期期末)如图2所示，直角坐标系Oxyz处于匀强磁场中，有一条长0.6 m的直导线沿Ox方向通有大小为9 A的电流，受到的安培力沿Oz方向，大小为2.7 N．则该匀强磁场可能的方向和磁感应强度B的最小值为(　　)图2A．平行于yOz平面，B＝0.5 TB．平行于xOz平面，B＝1.0 TC．平行于xOy平面，B＝0.2 TD．平行于xOy平面，B＝1.0 T答案　A16．(2018·重庆市江津中学、合川中学等七校第三次模拟)如图3所示，大圆的半径为2R，同心的小圆半径为R，在圆心处有一个放射源，可以向平面内的任意方向发射质量为m，电荷量为q，最大速率为v的带电粒子，为了不让带电粒子飞出大圆以外，可以在两圆之间的区域内加一个垂直于纸面向里的匀强磁场，该磁场磁感应强度的最小值是(　　)图3A. B.C. D.答案　A解析　设同心圆的圆心为O，粒子恰好不飞出大圆，则其轨迹与大圆相切，如图所示，切点为A，连接OA，设粒子从C点进入磁场，过C点作OC的垂线交OA于D点，D点即为粒子做匀速圆周运动的圆心，设粒子做圆周运动的半径为r，由几何关系可得：(2R－r)2＝R2＋r2，r＝，由以上两式解得：Bmin＝，故A正确．17．如图4所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成θ角与横杆固定，下端连接一质量为m的小球P.横杆右边用一根细线吊一相同的小球Q.当小车沿水平面做加速运动时，细线保持与竖直方向的夹角为α.已知θ<α，重力加速度为g，则下列说法正确的是(　　)图4A．小车一定向右做匀加速运动B．轻杆对小球P的弹力沿轻杆方向C．小球P受到的合力大小为mgtan θD．小球Q受到的合力大小为mgtan α答案　D解析　选择小球Q作为研究对象，根据牛顿第二定律，得mgtan α＝ma，得到a＝gtan α，故加速度向右，小车可能向右加速，也可能向左减速，故A错误．对小球P，由牛顿第二定律，得mgtan β＝ma′，因为a＝a′，得到β＝α>θ.则轻杆对小球的弹力方向与细线平行，故B错误．对小球P、Q由牛顿第二定律可知F＝ma＝mgtan α，故C错误，D正确．18．(2018·河南省开封市第三次模拟)如图5，空间某区域内存在沿水平方向的匀强磁场，一正方形闭合金属线框自磁场上方某处释放后穿过磁场，整个过程线框平面始终竖直，线框边长小于磁场区域上下宽度．以线框刚进入磁场时为计时起点，下列描述线框所受安培力F随时间t变化关系的图中，不正确的是(　　)图5答案　A解析　线框受重力作用加速下落，进入与离开磁场时受到安培力作用．进入磁场时若安培力大于重力，做加速度减小的减速运动，安培力随速度减小而减小，某时刻安培力等于重力，线框做匀速运动，此时速度达到v0＝，完全进入后只受重力，线框加速，刚要离开时的速度大于完全进入时的速度，故安培力大于重力，做减速运动，速度减小，安培力也减小，进入过程与离开过程安培力变化情况可能完全相同，故C正确，A错误；若线框进入磁场时恰好重力等于安培力，完全进入后只受重力，线框加速，离开磁场时安培力大于重力，速度减小，安培力减小，故B正确；若进入时重力大于安培力，由mg－＝ma，则做加速度减小的加速运动，安培力随速度的增大而增大，某时刻重力等于安培力，线框做匀速运动，完全进入后只受重力，线框加速，离开磁场时安培力大于重力，做加速度减小的减速运动，安培力随速度减小而减小，故D正确．19．(2018·湖南省衡阳市第三次联考)世界上没有永不谢幕的传奇，NASA的“卡西尼”号探测器进入土星探测任务的最后篇章．据NASA报道，“卡西尼”2017年4月26日首次到达土星和土星内环(碎冰块、岩石块、尘埃等组成)之间，之后，卫星将在土星的近圆轨道做圆周运动，如图6所示．在极其稀薄的大气阻力作用下，卫星最终将坠向土星的怀抱，这一阶段持续到九月中旬．若“卡西尼”只受土星引力和稀薄气体阻力的作用，则(　　)图6A．4月26日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的角速度大于它在内环上绕土星的角速度B．4月28日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的速率小于它在内环上绕土星的速率C．5月到6月间，“卡西尼”的动能越来越大D．6月到8月间，“卡西尼”的动能、以及它与火星的引力势能之和减小答案　ACD解析　由万有引力提供向心力得：G＝mrω2，解得ω＝，则轨道半径小的角速度大，则A正确；由万有引力提供向心力得：G＝m，解得v＝，则轨道半径小的速率大，则B错误；5到6月间，因有稀薄气体阻力做负功，探测器的速度减小，做向心运动，重力做正功，动能增加，则C正确；6月到8月间，因稀薄气体阻力做负功，机械能减小，则D正确．20．(2018·江西省临川二中第五次训练)如图7所示，叠放在水平转台上的小物体A、B、C能随转台一起以角速度ω匀速转动，A、B、C的质量分别为3m、2m、m，A与B、B与转台、C与转台间的动摩擦因数都为μ，B、C离转台中心的距离分别为r、1.5r.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以下说法中不正确的是(　　)图7A．B对A的摩擦力一定为3μmgB．C与转台间的摩擦力大于A与B间的摩擦力C．转台的角速度一定满足：ω≤D．转台的角速度一定满足：ω≤答案　ABD解析　对A受力分析，受重力、支持力以及B对A的静摩擦力，静摩擦力提供向心力，有FfA＝3mω2r≤μ(3m)g，故A错误；FfA＝3mω2r，FfC＝mω2×1.5r，故B错误；由于A、AB整体、C受到的静摩擦力均提供向心力，故对A，有：(3m)ω2r≤μ(3m)g，对AB整体有：(3m＋2m)ω2r≤μ(3m＋2m)g，对物体C，有：mω2(1.5r)≤μmg，故ω≤，故C正确，D错误．21．(2018·河南省开封市第三次模拟)如图8, M、N两点处于同一水平面，O为M、N连线的中点，过O点的竖直线上固定一根绝缘光滑细杆，杆上A、B两点关于O点对称．第一种情况，在M、N两点分别放置电荷量为＋Q和－Q的等量异种点电荷，套在杆上带正电的小金属环从A点无初速度释放，运动到B点；第二种情况，在M、N两点分别放置电荷量为＋Q的等量同种点电荷，该金属环仍从A点无初速度释放，运动到B点．则两种情况中(　　)图8A．金属环运动到B点的速度第一种情况较大B．金属环从A点运动到B点所用的时间第一种情况较短C．金属环从A点运动到B点的过程中，动能与重力势能之和均保持不变D．金属环从A点运动到B点的过程中(不含A、B两点)，在杆上相同位置的速度第一种情况较大答案　BD解析　等量异种电荷连线的中垂线是等势线，带电金属环沿杆运动时电势能不变，重力势能转化为动能，金属环所受合力等于重力，做加速度等于重力加速度的匀加速直线运动；在等量同种正电荷连线的中垂线上，中点O电势最高，与中点O距离越远，电势越低，A、B两点关于O点对称，电势相等，金属环的电势能相等，重力势能全部转化为动能，第一种情况与第二种情况在B点的速度相等，故A错误；由于到B点前第二种情况的平均速度比较小，所以运动时间比较长，故B正确；等高处重力势能相等，但到B点前第二种情况的速度均较小，所以动能与重力势能之和第二种情况均较小，故C错误；第二种情况中金属环电场力先是阻力后是动力，到B点时与第一种情况速度相等，故D正确．1。