安徽省安庆市第九中学高二物理月考试卷含解析.docx

安徽省安庆市第九中学高二物理月考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）聂海胜、费俊龙乘坐的神州六号宇宙飞船，在飞船竖直向上发射时的加速阶段、进入轨道绕地球做匀速圆周运动的阶段和返回地球时竖直向下减速运动阶段分别处于什么状态（ ）Ａ、超重、完全失重、失重　　　　 Ｂ、超重、完全失重、超重　Ｃ、超重、失重、完全失重　 Ｄ、失重、完全失重、超重参考答案：B2. （单选题）某示波器在XX′、YY′不加偏转电压时光斑位于屏幕中心，现给其加如图6所示偏转电压，则在光屏上将会看到图7的哪个图形(圆为荧光屏，虚线为光屏坐标)(　　)参考答案：D由于Y极板上的电压不变，所以在Y轴上的偏转距离不变，但是在X极板上的电压上正方向均匀增大，所以在X轴上的距离逐渐增大3. （单选）下列各图中，正确描绘两个等量异种点电荷电场线的是参考答案：D4. （多选）如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是A．电势ψA＞ψB，场强EA ＞ EBB．电势ψA＞ψB，场强EA ＜ EBC．将+q电荷从A点移到B点电场力做了正功D．将-q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能EPA ＞ EPB参考答案：BC5. 如图1所示，场强为E的水平方向匀强电场中，有一质量为m、电量为＋q的微粒，在外力作用下，从A点竖直向上移至B点，且速度不变，若AB长为h，则这一过程中外力的大小和外力做的功为　　参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，电源的电动势E=42V，内阻r=l，R=20，M为直流电动机，其电枢电阻r=l，电动机正常工作时，电压表读数为21V，电动机的机械能的功率为____W，电源的总功率为_____W．参考答案：20W 42W对R由欧姆定律得，电路中电流，对电动机有；总功率。

7. （6分）如图所示是做光电效应实验的装置简图在抽成真空的玻璃管内，K为阴极（用金属铯制成，发生光电效应的逸出功为1.9eV），A为阳极在a、b间不接任何电源，用频率为（高于铯的极限频率）的单色光照射阴极K，会发现电流表指针有偏转这时，若在a、b间接入直流电源，a接正极，b接负极，并使a、b间电压从零开始逐渐增大，发现当电压表的示数增大到2.1V时，电流表的示数刚好减小到零则a、b间未接直流电源时，通过电流表的电流方向为 （填上或下），从阴极K发出的光电子的最大初动能EK= J；入射单色光的频率ν= 赫兹参考答案：上，3.3610-19，9.651014 8. 右图中展示了研究平行板电容器电容的实验，电容器充电后与电源断开与电容器相连的静电计用来测量电容器的 在常见的电介质中，由于空气的介电常数是最小的，当插入其它的电介质板时，电容器的电容将 （填“增大”、“减小”或“不变”），于是我们发现，静电计指针偏角 （填“增大”、“减小”或“不变”）参考答案：电势差 增大 减小9. 利用螺旋测微器测量小钢珠的直径，由图可知小钢珠的直径是_________mm参考答案：10. 密立根油滴实验首先测出了元电荷的数值，其实验装置如图所示，油滴从喷雾器喷出，以某一速度进入水平放置的平行板之间．今有一带负电的油滴，不加电场时，油滴由于受到重力作用加速下落，速率变大，受到的空气阻力也变大，因此油滴很快会以一恒定速率v1匀速下落．若两板间加一电压，使板间形成向下的电场E，油滴下落的终极速率为v2.已知运动中油滴受到的阻力可由斯托克斯公式f＝6πηrv计算(其中r为油滴半径，η为空气粘滞系数)．实验时测出r、v1、v2，E、η为已知，则(1)油滴的带电量________．(2)经多次测量得到许多油滴的Q测量值如下表(单位10－19C)6.418.019.6511.2312.8314.48分析这些数据可知____________．参考答案：(1) q＝(2)在误差范围内，可以认为油滴的带电量总是1.610－19C的整数倍，故电荷的最小电量即元电荷为1.610－19C.11. 如图3所示，M为重物质量，F是外力，p0为大气压，S为活塞面积，活塞重忽略不计，求气缸内封闭气体的压强。

参考答案：12. 在某次冰壶比赛中，运动员将一冰壶甲以3m/s速度推出，与正前方另一静止的相同质量的冰壶乙发生对心正碰，碰撞后冰壶乙以2m/s速度向前滑行，方向与冰壶甲碰前运动方向相同，则碰后瞬间冰壶甲的速度大小为 ▲　 ，该碰撞是 ▲ 　（选填“弹性碰撞”或“非弹性碰撞”）参考答案：1m/s（1分）　　非弹性碰撞13. 人的正常体温为，用热力学温标表示为水的温度从加热到，用热力学温标表示，水温升高了参考答案：三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 如图4－1－24所示，一闭合金属环从上而下通过通电螺线管，b为螺线管的中点，金属环通过a、b、c三处时，能产生感应电流吗？参考答案：金属环通过a、c处时产生感应电流；通过b处时不产生感应电流．15. （10分）为了“探究碰撞中的不变量”，小明在光滑桌面上放有A、B两个小球．A球的质量为0.3kg，以速度8m/s跟质量为0.1kg、静止在桌面上的B球发生碰撞，并测得碰撞后B球的速度为9m/s，A球的速度变为5m/s，方向与原来相同．根据这些实验数据，小明对这次碰撞的规律做了如下几种猜想．【猜想1】碰撞后B球获得了速度，A球把速度传递给了B球．【猜想2】碰撞后B球获得了动能，A球把减少的动能全部传递给了B球．(1)你认为以上的猜想成立吗？若不成立，请简述理由.(2)根据实验数据，通过计算说明，有一个什么物理量，在这次碰撞中，B球所增加的这个物理量与A球所减少的这个物理量相等？参考答案：（1）猜想1、2均不成立.因为A球的速度只减少了3m/s, B球的速度却增加了8m/s ,所以猜想1是错的。

2分）A球的动能减少了,B球动能增加了,所以猜想2也是错的；（2分）（2）计算：B球动量的增加量ΔpB =0.19=0.9kgm/s，（2分）A球动量的减少量ΔpA=0.38－0.35=0.9 kgm/s，（2分）从计算结果可得，B球动量的增加量与A球动量的减少量相等．即系统的总动量保持不变．（2分）四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 光滑绝缘的斜面倾角为37o，带电量为+q的小物体质量为m，放在斜面上，当沿水平向右方向加一个匀强电场时，小物体恰好处于静止状态，重力加速度g为已知，Sin370=0.6, Cos370=0.8，（1）电场强度的大小（2）从某时刻开始，电场强度突然减为原来的一半，当电场强度减小后，求物体沿斜面下滑距离为L时的动能参考答案：E=3mg/4q, Ek=0.3mgL17. （计算）（2015?仙桃模拟）如图所示，光滑水平面上有A、B、C三个物块，其质量分别为mA=2.0kg，mB=1.0kg，mC=1.0kg．现用一轻弹簧将A、B两物块连接，并用力缓慢压缩弹簧使A、B两物块靠近，此过程外力做功108J（弹簧仍处于弹性限度内），然后同时释放A、B，弹簧开始逐渐变长，当弹簧刚好恢复原长时，C恰以4m/s的速度迎面与B发生碰撞并粘连在一起．求（1）弹簧刚好恢复原长时（B与C碰撞前）A和B物块速度的大小？（2）当弹簧第二次被压缩时，弹簧具有的最大弹性势能为多少？参考答案：（1）弹簧刚好恢复原长时（B与C碰撞前）A的速度为6m/s，B物块速度大小12m/s．（2）当弹簧第二次被压缩时，弹簧具有的最大弹性势能为50J动量守恒定律；机械能守恒定律解：（1）弹簧刚好恢复原长时，A和B物块速度的大小分别为υA、υB．由动量守恒定律有：0=mAυA﹣mBυB此过程机械能守恒有：Ep=mAυA2+mBυB2代入Ep=108J，解得：υA=6m/s，υB=12m/s，A的速度向右，B的速度向左．（2）C与B碰撞时，C、B组成的系统动量守恒，设碰后B、C粘连时速度为υ′，则有：mBυB﹣mCυC=（mB+mC）υ′，代入数据得υ′=4m/s，υ′的方向向左．此后A和B、C组成的系统动量守恒，机械能守恒，当弹簧第二次压缩最短时，弹簧具有的弹性势能最大，设为Ep′，且此时A与B、C三者有相同的速度，设为υ，则有：动量守恒：mAυA﹣（mB+mC）υ′=（mA+mB+mC）υ，代入数据得υ=1m/s，υ的方向向右．机械能守恒：mAυA2+（mB+mC）υ′2=Ep′+（mA+mB+mC）υ2，代入数据得E′p=50J．答：（1）弹簧刚好恢复原长时（B与C碰撞前）A的速度为6m/s，B物块速度大小12m/s．（2）当弹簧第二次被压缩时，弹簧具有的最大弹性势能为50J．18. 图1是交流发电机模型示意图．在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的OO′轴转动，由线圈引起的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO′转动的金属圈环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻R形成闭合电路．图2是线圈的主视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示．已知ab长度为L1，bc长度为L2，线圈以恒定角速度ω逆时针转动．（只考虑单匝线圈）（1）线圈平面处于中性面位置时开始计时，试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式；（2）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，如图3所示，试写出t时刻整个线圈中的感应电动势e2的表达式；（3）若线圈电阻为r，求线圈每转动一周电阻R上产生的焦耳热．（其它电阻均不计）参考答案：考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率． 专题：压轴题；交流电专题．分析：（1）矩形线圈abcd转动过程中，只有ab和cd切割磁感线，先求出转动线速度，根据E=BLv，求出导线ab和cd因切割磁感线而产生的感应电动势，从而写出瞬时表达式；（2）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，则在（1）中的瞬时表达式中加个相位即可；（3）先求出平均电动势，根据欧姆定律求出平均电流，根据Q=I2RT即可求解．解答：解：（1）矩形线圈abcd转动过程中，只有ab和cd切割磁感线，设ab和cd的转动速度为v，则在t时刻，导线ab和cd因切割磁感线而产生的感应电动势均为E1=BL1v由图可知v⊥=vsinωt则整个线圈的感应电动势为e1=2E1=BL1L2ωsinωt（2）当线圈由图3位置开始运动时，在t时刻整个线圈的感应电动势为e2=BL1L2ωsin（ωt+φ0）（3）由闭合电路欧姆定律可知这里的E为线圈产生的电动势的有效值则线圈转动一周在R上产生的焦耳热为其中 于是答：（1）t时刻整个线圈中的感应电动势e1=BL1L2ωsinωt；（2）t时刻整个线圈中的感应电动势e2=BL1L2ωsin（ωt+φ0）；（3）线圈每转动一周电阻R上产生的焦耳热为．。