高考物理一轮复习 第2章 相互作用 6 摩擦力能力训练试题.doc

6 摩擦力1．关于静摩擦力，下列说法中正确的是(　　)A．两个运动的物体之间不可能有静摩擦力的作用B．静摩擦力的方向总是与物体相对运动趋势的方向相反C．静摩擦力做的功一定为零D．静摩擦力只有大小没有方向答案　B解析　两个运动的物体之间，如果有相对运动趋势，就一定有静摩擦力，A错误；静摩擦力的方向与相对运动趋势方向相反，B正确；静摩擦力可以做正功，也可以做负功，还可以不做功，C错误；静摩擦力是矢量，D错误2. (多选)如图所示，在粗糙的水平面上叠放着物体A和B，A和B间的接触面也是粗糙的，如果用水平拉力F施于A，而A、B仍保持静止，则下面的说法中正确的是(　　)A．物体A与地面间的静摩擦力的大小等于FB．物体A与地面间的静摩擦力的大小等于零C．物体A与B间的静摩擦力的大小等于FD．物体A与B间的静摩擦力的大小等于零答案　AD解析　以A、B整体为研究对象，在F作用下保持静止，水平方向合力为0，则地面对A的静摩擦力的大小为F，水平向左，A正确，B错误；以B为研究对象，B处于静止状态，受重力和A对B的支持力，水平方向不受力，C错误，D正确3. 如图所示，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力(　　)A．方向向左，大小不变 B．方向向左，逐渐减小C．方向向右，大小不变 D．方向向右，逐渐减小答案　A解析　A、B两物块一起向右做匀减速直线运动时，加速度a的方向水平向左，大小恒定，对物块B由牛顿第二定律可得：FfB＝mBa，故B所受的摩擦力方向水平向左，大小为mBa，恒定不变，A正确。

4. (多选)为了测定木块和竖直墙壁之间的动摩擦因数，某同学设计了一个实验：用一根弹簧将木块压在墙上，同时在木块下方有一个拉力F2作用，使木块恰好匀速向下运动(弹簧随木块一起向下运动)，如图所示现分别测出了弹簧的弹力F1、拉力F2和木块的重力G，则以下结论正确的是(　　)A．木块受到竖直向下的滑动摩擦力B．木块所受的滑动摩擦力阻碍木块下滑C．木块与墙壁之间的动摩擦因数为D．木块与墙壁之间的动摩擦因数为答案　BD解析　木块相对于竖直墙壁下滑，受到竖直向上的滑动摩擦力，阻碍木块下滑，A错误，B正确；分析木块受力如图所示由平衡条件可得：FN＝F1，Ff＝G＋F2，又Ff＝μFN，以上三式联立可解得：μ＝，故C错误，D正确5. 一长木板静止在倾角为θ的斜面上，长木板上一人用力推长木板上的物块，使物块与长木板间的摩擦力刚好为零，已知人、物块、长木板的质量均为m，人、物块与长木板间的动摩擦因数均为μ1，长木板与斜面间的动摩擦因数为μ2，重力加速度为g，则下列说法正确的是(　　)A．斜面对长木板的摩擦力大小为mgsinθB．斜面对长木板的摩擦力大小为3μ2mgcosθC．长木板对人的摩擦力大小为2μ1mgcosθD．长木板对人的摩擦力大小为2mgsinθ答案　D解析　由题意易知，人、物块、长木板均保持相对静止，以人、物块和长木板组成的整体为研究对象，可得斜面对长木板的静摩擦力大小为3mgsinθ，A、B错误；以人和物块组成的整体为研究对象，可得长木板对人的静摩擦力大小为2mgsinθ，C错误，D正确。

6. 如图所示，建筑工人用恒力F推运料车在水平地面上匀速前进，F与水平方向成30°角，运料车和材料所受的总重力为G，下列说法正确的是(　　)A．建筑工人受摩擦力方向水平向左B．建筑工人受摩擦力大小为GC．运料车受到地面的摩擦力水平向右D．运料车对地面压力为＋G答案　D解析　运料车受推力F作用向右运动，受到地面的摩擦力水平向左，而建筑工人向右推车时受到地面水平向右的摩擦力，A、C均错误；建筑工人受到的摩擦力大小为Ff＝Fcos30°＝F，B错误；运料车对地面的压力为FN＝Fsin30°＋G＝＋G，D正确7. 如图所示，A、B两物体叠放在水平地面上，A物体质量m＝20 kg，B物体质量M＝30 kg处于水平位置的轻弹簧一端固定于墙壁，另一端与A物体相连，轻弹簧处于自然状态，其劲度系数为250 N/m，A与B之间、B与地面之间的动摩擦因数均为μ＝0.5现有一水平推力F作用于物体B上使B缓慢地向墙壁移动，当移动0.2 m时，水平推力F的大小为(已知A、B之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2)(　　)A．350 N B．300 N C．250 N D．200 N答案　B解析　假设A、B间没有相对滑动，则轻弹簧的压缩量为x＝0.2 m，此时轻弹簧的弹力大小为F＝kx＝50 N，而A与B间的最大静摩擦力为FfA＝μmg＝100 N，所以A、B之间没有相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力，其大小为Ff1＝50 N，B与地面间的摩擦力为滑动摩擦力，其大小为Ff2＝μ(m＋M)g＝250 N，由B缓慢移动，可知推力的大小为F＝Ff1＋Ff2＝300 N，即B正确。

8．如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v­t图象(以地面为参考系)如图乙所示已知v2>v1，则(　　)A．t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B．t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用答案　B解析　当小物块速度为零时，小物块离A处的距离达到最大，为t1时刻，A错误；t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大，B正确；0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向一直向右，C错误；0～t2时间内，小物块始终受到大小不变的滑动摩擦力作用，t2～t3时间内，由于小物块与传送带速度相同，二者相对静止，小物块不受摩擦力作用，D错误9. (2015·山东高考)如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A(A、B接触面竖直)，此时A恰好不滑动，B刚好不下滑已知A与B间的动摩擦因数为μ1，A与地面间的动摩擦因数为μ2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力A与B的质量之比为(　　)A. B.C. D.答案　B解析　B恰好不下滑时，设作用在B上的水平力为F，则有μ1F＝mBg；A恰好不滑动，由A、B整体，得F＝μ2(mAg＋mBg)，所以＝，选项B正确。

10. (2017·临汾调研)(多选)如图所示，倾角为θ的斜面c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则(　　)A．b对c的摩擦力一定减小B．b对c的摩擦力方向可能平行斜面向上C．地面对c的摩擦力方向一定向右D．地面对c的摩擦力一定减小答案　BD解析　若mag>mbgsinθ，则b对c的摩擦力平行于斜面向上，且随a中的沙子缓慢流出，b对c的摩擦力减小；若magmBg，故随着角度的减小，摩擦力依旧沿斜面向上，大小逐渐减小，C正确，D错误。

12．(2017·湖北枣阳一中三模)如图所示，在水平桌面上叠放着质量均为m的木板A、B以及木块C，初始时刻木板与木块均处于静止状态，A、B、C之间以及B与桌面之间的动摩擦因数均为μ，设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g现将水平轻绳一端固定在A上，另一端绕过光滑滑轮系一质量为m′的小物块D，则以下判断正确的是(　　)A．当m′g> 3μmg时，木板B开始滑动B．B受到桌面的摩擦力大小不可能等于m′gC．A、C之间的摩擦力大小一定等于μmgD．不管m′多大，木板B一定保持静止答案　D解析　先对木板B进行受力分析，竖直方向受重力、压力和支持力，水平方向受A对B向右的摩擦力f和地面对B向左的摩擦力f′，由于A对B的最大摩擦力为μ(m＋m)g，小于桌面对B的最大摩擦力μ(m＋2m)g，故木板B一定保持静止，故A错误，D正确；当小物块D的质量m′较小时，A、B、C保持静止，根据平衡条件可知，B受到桌面的摩擦力大小等于m′g，故B错误；当A、C不发生相对滑动时，A、C之间的摩擦力为零，故C错误13．(2018·衡水检测)(多选)如图甲所示，A、B两个物体叠放在水平面上，B的上下表面均水平，A物体与一拉力传感器相连接，连拉力传感器和物体A的细绳保持水平。

从t＝0时刻起，用一水平向右的力F＝kt(k为常数)作用在B的物体上，力传感器的示数随时间变化的图线如图乙所示，已知k、t1、t2，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力据此可求(　　)A．A、B之间的最大静摩擦力B．水平面与B之间的滑动摩擦力C．A、B之间的动摩擦因数μABD．B与水平面间的动摩擦因数μ答案　AB解析　由图乙知t1时刻后传感器才有示数，即在t1时刻后地面对B达到最大静摩擦力，地面对B的最大静摩擦力为Ffm＝kt1，t1～t2内传感器示数逐渐增大，说明B对A有向右的静摩擦力，且逐渐增大，t2时刻后传感器示数不变，A、B发生相对滑动，则FfAB＝kt2－Ffm＝k(t2－t1)，A、B正确；由于A、B的质量未知，则μAB和μ不能求出，C、D错误14. (2017·天津南开区期末)如图所示，质量为mB＝24 kg的木板B放在水平地面上，质量为mA＝22 kg的木箱A放在木板B上一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为θ＝37°已知木箱A与木板B之间的动摩擦因数μ1＝0.5现用水平向右、大小为200 N的力F将木板B从木箱A下面匀速抽出，已知sin 37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g取10 m/s2，则木板B与地面之间的动摩擦因数μ2的大小为(　　)A．0.3 B．0.4 C．0.5 D．0.6答案　A解析　对A受力分析如图甲所示，由题意得FTcosθ＝Ff1，FN1＋FTsinθ＝mAg，Ff1＝μ1FN1，得FT＝100 N对A、B整体受力分析如图乙所示，由题意得FTcosθ＋Ff2＝FFN2＋FTsinθ＝(mA＋mB)gFf2＝μ2FN2得μ2＝0.3，故A正确。