福建省永春二中2024-2025学年度高二年10月月考物理试卷参考答案.pdf

答案第 1页，共 8页参考答案：参考答案：题号题号12345678答案答案DABCACBCADBC1D【详解】A当带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针尖放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击，其原理为尖端放电，故 A 错误；B提高打印室的湿度可以有效防止静电现象的产生，故 B 错误；C静电除尘装置将带负电的尘埃收集在带正电的金属筒上，故 C 错误；D矿里，工作人员要防止静电的产生和积累，因为静电火花会导致瓦斯爆炸，故 D 正确故选 D2A【详解】设原来两球带电量分别为53q q、，则2215qFkr由于相互吸引故带异种电荷，接触后电荷量先中和再平分，故带电量均为q，由库仑定律可得作用力为22115qFkFr故选 A3B【详解】在顶点 A 放置一个电荷量为 Q 的正点电荷，在顶点 B 放置一个电荷量为 Q 的负点电荷，这时顶点 C 处电场强度的大小为 E12cos60EE即1EE可知每一个点电荷 Q 在 C 点产生的场强大小均为 E，方向如图；若将 A 点处的正点电荷取走，并放置一个电荷量为 Q 的负点电荷，则 C 点的场强2cos303EEE方向垂直 AB 向下故选 B。

答案第 2页，共 8页4C【详解】A根据UEd由于OCCBEE所以OCCBUU由于 A 和 B 在同一个等势面上，所以CBCAUU所以有OCCAUU故 A 错误；B如图所示，电子从 A 沿直线运动到 B 的过程中，电场力先做正功后做负功，即电势能先减少后增加，故 B 错误；C依题意，底面边缘圆周上的各点合场强方向应沿半径向外且大小相等，如图所示，加一个强度大小合适、垂直底面向上的匀强电场，可以实现，故 C 正确；D依题意，底面边缘圆周上的各点合场强方向应沿半径向外且大小相等，如图所示，在底面下方某处加一个负点电荷，底面边缘圆周上的各点合场强也不可能平行于底面，故 D 错误故选 C5AC【详解】AB小球处于悬浮状态，受到的库仑力和重力二力平衡，则知库仑力是斥力，故答案第 3页，共 8页小球一定带正电，故 A 正确，B 错误；CD以距离金属球无穷远处的电势为零，根据顺着电场线方向电势降低，可知小球所在处的电势大于零，根据电势能公式pEq小球的电势能一定大于零，故 C 正确，D 错误故选 AC6BC【详解】AA 点和C点电势相等，故AC为一条等势线，又电场线与等势线垂直，所以电场方向垂直于AC，故 A 错误；B电场强度的大小为600V/msin30CBUEBC故 B 正确；C 在等势线上移动电荷时电场力不做功，所以电子从 A 点移动到C点时，电场力做功为零，故 C 正确；D一个电子从 B 点移动到C点，电场力做功为12eVBCBCBCWeUe 故 D 错误。

故选 BC7AD【详解】AB若虚线表示电场线，带电粒子从 Q 到 P，则带电粒子受电场力方向大致与速度方向如图所示，可知电场力做正功，带电粒子的电势能减小，由于粒子带负电，则电势升高，则有PQ带电粒子的动能增大，则粒子通过 P 点时动能较大，故 A 正确，B 错误；答案第 4页，共 8页C若虚线表示等势线，带电粒子从 Q 到 P，则带电粒子受电场力方向大致与速度方向如图所示，可知电场力做负功，电势能增大，则粒子通过 P 点时电势能较大，故 C 错误；D若虚线表示电场线，电场线密集的地方电场强度大，则 P 点电场强度较大；若虚线表示等差等势线，等差等势面密集的地方电场强度大，P 点电场强度较大；因此不论虚线是表示电场线还是等差等势线，P 点电场强度较大，故 D 正确故选 AD8BC【详解】Ax图像中，斜率即为合电场强度E，2xL点处斜率为 0，即合电场强度为0小球运动到2xL处的加速度为零，最小故 A 错误；B2xL处场强为零，根据点电荷场强则有22(4)(2)ABkkLL解得:4:1AB 故 B 正确；C从xL 到2xL的过程中，电势降低，带正电小球电势能减小，电场力做正功，动能增加从2xL再向右运动过程中，电势升高，带正电小球电势能增大，电场力做负功，动能减小。

小球在2xL处的动能最大故 C 正确；D设C点和小球运动能到达的最右端处电势差为U，根据动能定理得，0qU 得0U 所以小球能运动到电势与出发点相同的位置由乙图可知，和xL 处电势相等的点在3xL的右侧，故小球能经过3xL的位置故 D 错误故选 BC答案第 5页，共 8页9100向左100【详解】1A 点的场强的大小为8-1011 10N=100N/C1 10CFEq2电场强度方向与负电荷所受电场力的方向相反，故 A 点的场强的方向向左3 如果将试探电荷 q1移开，则 A 点的场强不变，大小为100N/C10加速减小不确定【详解】1根据题意可以确定 M 点的速度方向和受力方向，如图所示根据力与速度的关系可得，这个过程带电粒子做加速运动；2由题可知，电场力做正功，电势能减小；3由于电场线的方向以及带电粒子的带电性质都不清楚，故无法判断 M、N 两点的电势大小关系11(1)相同(2)不做功【详解】（1）1由于 M、N 是异种电荷，电场线由正电荷出发终止于负电荷，a 点场强大于O 点场强，而 O 点场强大于 b 点场强，可知 a 点场强一定大于 b 点场强，即abEE；2根据等量异种电场线分布图像结合对称性可知，b、d 两点电场强度大小相等，方向相同。

2）由于 b、d 两点电势相等，因此把一个正检验电荷从 b 点移到 d 点，电场力做不做功12(1)放电D(2)向下C【详解】（1）S 接 2，电容器开始放电，电流逐渐减小，最后为 0故选 D2）S 先接 1，电容器两端电压U不变，插入有机玻璃后相对介电常数增大，电容增大，根据QCU知电容器的电荷量增大，即电容器充电，故通过R的电流方向向下断开 S，一带电粒子恰能静止在电容器两极板中间，现将电容器下极板下移，则r4QUkQCEddSd减小，E不变，故粒子保持静止不动13(1)310-3N答案第 6页，共 8页(2)410-4kg【详解】（1）小球所受电场力的大小为3633.0 101.0 10 N3 10 NFEq（2）小球静止，根据平衡条件可得tan37Fmg解得小球的质量44 10 kgm14（1）2eELm；（2）-L【详解】（1）电子在第一象限的电场中向左加速运动，由动能定理有201142eELmv解得02eELvm（2）电子通过第二象限的过程中，加速度沿y轴负方向，做类平抛运动，根据牛顿第二定律和运动学规律得：竖直方向eEam212Lat水平位移：0 xv t解得答案第 7页，共 8页xL所以电子通过x轴时的横坐标为L15（1）L/v0（2）220243md vqL；（2）3d【详解】（1）带电粒子在电场中做类平抛，在水平方向有：0Lv t，解得：t=L/v0（2）带电粒子在电场中做类平抛，在竖直方向有22132dat又根据qEam，0UEd，t=L/v0方程联立解得2200243md vUqL（3）带电粒子在电场中水平方向上做匀速直线运动，设粒子在电场中运动的时间为0t，则0 012Lv t由已知条件0LTv解得02tT因为粒子0t 时刻从上极板边缘 A 点射入电容器，所以02T内，粒子在竖直方向上做初速度为 0 的匀加速直线运动，2TT内粒子做匀减速直线运动，并减速到 0，设02T内粒子在竖直方向上的位移为1y，则211()22Tya2TT内粒子的运动情况与0T内的运动情况相同，则14yy总解得答案第 8页，共 8页23dy总故粒子射出电容器的位置与下极板的距离为233ddd 。