机械基本知识第七版西北工业大学课后知识题目解析(7-章).docx

*第 7 章课后习题参考答案7 — 1 等效转动惯量和等效力矩各自的等效条件是什么 ?7 — 2 在什么情况下机械才会作周期性速度波动 ?速度波动有何危害 ?如何调节 ?答: 当作用在机械上的驱动力 （力矩 )周期性变化时， 机械的速度会周期性波动 机械的速度波动不仅影响机械的工作质量，而且会影响机械的效率和寿命调节周期性速度波动的方法是在机械中安装一个具有很大转动惯量的飞轮7 — 3 飞轮为什么可以调速 ?能否利用飞轮来调节非周期性速度波动，为什么 ?答： 飞轮可以凋速的原因是飞轮具有很大的转动惯量，因而要使其转速发生变化．就需要较大的能量，当机械出现盈功时，飞轮轴的角速度只作微小上升，即可将多余的能量吸收储存起来；而当机械出现亏功时，机械运转速度减慢．飞轮又可将其储存的能量释放，以弥补能最的不足，而其角速度只作小幅度的下降非周期性速度波动的原因是作用在机械上的驱动力 (力矩)和阻力 (力矩 )的变化是非周期性的 当长时问内驱动力 (力矩 )和阻力 (力矩 )做功不相等，机械就会越转越快或越转越慢．而安装飞轮并不能改变驱动力 (力矩 )或阻力 (力矩 ) 的大小也就不能改变驱动功与阻力功不相等的状况，起不到调速的作用，所以不能利用飞轮来调节非周期陛速度波动。

7 — 4 为什么说在锻压设备等中安装飞轮可以起到节能的作用 ?解： 因为安装飞轮后，飞轮起到一个能量储存器的作用，它可以用动能的形式把能量储存或释放出来对于锻压机械来说，在一个工作周期中，工作时间很短．而峰值载荷很大安装飞轮后．可以利用飞轮在机械非工作时间所储存能量来帮助克服其尖峰载荷，从而可以选用较小功率的原动机来拖动，达到节能的目的，因此可以说安装飞轮能起到节能的作用7 — 5 由式 JF = △W max ／ (ωm 2 [ δ]) ，你能总结出哪些重要结论 (希望能作较全面的分析 )?答：①当△ W max 与ω m 一定时，若 [ δ] 下降，则 JF 增加所以，过分追求机械运转速度的均匀性，将会使飞轮过于笨重②由于 JF 不可能为无穷大，若△ W max ≠0，则 [ δ]不可能为零，即安装飞轮后机械的速度仍有波动， 只是幅度有所减小而已③当△W max 与[ δ]一定时， JF 与ωm 的平方值成反比，故为减小 JF ，最好将飞轮安装在机械的高速轴上当然，在实际设计中还必须考虑安装飞轮轴的刚性和结构上的可能性等因素7 — 6 造成机械振动的原因主要有哪些 ?常采用什么措施加以控制 ?7 — 7 图示为一机床工作台的传动系统。

设已知各齿轮的齿数， 齿轮 3 的分度圆半径 r 3，各齿轮的转动惯量 J1、， J2 、， J2’、J3 ，齿轮 1 直接装在电动机轴上，故 J1 中包含了电动机转子的转动惯量； 工作台和被加工零件的重量之和为 G当取齿轮 1 为等效构件时，试求该机械系统的等效转动惯量Je解：根据等效转动惯量的等效原则．有1 J 21 J 21 ( J J ) 2 1 J 21 G v2e 1 1 1 2 2` 2 3 32 2 2 2 2 g则J J 1J (J J )(2 )2J ( 3 )2G ( v ) 2e 1 2 2 2` 3 g1 1 1J J 1J (J J)( z1 )2J ( z1z2` )2G r 2 ( z1z2` )2e 1 2 2` 3 32 z2z2 z3g z2 z37-8 图示为 DC 伺服电机驱动的立铣数控工作台， 已知工作台及工件的质量为 m 4=355 kg, 滚珠丝杠 的导程 d=6 mm ，转动惯量 J3=1.2 ×10 -3 kg.m 齿轮 1 、2 的转动惯量分别为 J1 =732 ×10 -6 kg.m 2 ， J2=768 ×10 -6 kg.m 2。

在选择伺服电机时， 伺服电机允许的负载转动惯量必须大于折算到电动机轴上的负载等效转动惯量，试求图示系统折算到电动机轴上的等效转动惯量解：根据等效转动惯量的等效原则．有1 J 21 J 21 (J J ) 21 m v2e 1 1 1 2 3 2 4 42 2 2 2J J 1 J ( J J )( 2 )2 m ( v4 )2e 1 2 3 4则: 2 1 11 z1 2 2 z1 2J J ( J J )( ) m l ( )1 2 3 42 z2 z2=732 ×10 -6 +(768+l 200)l ×10 -6 ×(25/45) 2+355 ×(6 ×10 -3 )2 ×(25/45) 2=5.284 ×l0 -3 kg.m 27 — 9 已知某机械稳定运转时主轴的角速度ω s=100 rad ／ s，机械的等效转动惯量 Je=0.5 kg.m 2，制动器的最大制动力矩 Mr=20 N.m( 制动器与机械主轴直接相连，并取主轴为等效构件 )要求制动时间不超过 3s，试检验该制动器是否能满足工作要求解 因此机械系统的等效转动惯量． F：及等效力矩 Al 均为常数，故可利用力矩形式的机械运动方程式： M e=J ed ω/dt其中： M e =-M r =-20 N.m ，Je=0.5 kg.m 2dt=[J e/(-M r)]d ω=[0.5/ （-20 ） ]d ω=-0.025d ω 因此 t= -0.025( ω- ωs)=0.025 ωs=2.5s由于 t=2.5s< 3s ，所以该制动器满足工作要求。

7 一 10 设有一由电动机驱动的机械系统，以主轴为等效构件时，作用于其上的等效驱动力矩M ed =10 000 — 100 ω(N.m) ，等效阻抗力矩 M er=8 000 N.m ，等效转动惯量 Je=8 kg.m2 ，主轴的初始角速度ω 0=100rad ／ s试确定运转过程中角速度ω与角加速度α随时间的变化关系解 由于机械系统的等效转动惯量为常数，等效力矩为速度的函数，故可利用力矩形式的机械运动方程式M e(ω)=M ed ( ω)-M er (ω)=J e dω/dt即 10000-100 ω-8000=8d ω/dtdt对式①积分得10082000d(1)t 8100100d (100 2000)(100 2000)8 [ln(100 2000) ln(100 100 2000)]1002 [ln(100 2000) ln8000]25将式 (2) 改写为一 l2.5t= In(100 ω一 2000) 一 ln8 000解得 ω=20+80e -12.5t上式对 t 求导得 α= d ω/dt=-100e -12.5t(2)7 — 11 在图示的刨床机构中， 已知空程和工作行程中消耗于克服阻抗力的恒功率分别为 P1 =367.7 w 和 p 2=3 677 w，曲柄的平均转速 n=100 r／ min ，空程曲柄的转角为φ 1=120 o。

当机构的运转不均匀系数δ =0.05 时，试确定电动机所需的平均功率， 并分别计算在以下两种情况中的飞轮转动惯 量 JF (略去各构件的重量和转动惯量 ).1) 飞轮装在曲柄轴上；2) 飞轮装在电动机轴上，电动机的额定转速 n n =I 440 r／ min 电动机通过减速器驱动曲柄，为简化计算，减速器的转动惯量忽略不计解 (1) 确定电动机的平均功率作功率循环图如下图所示根据在一个运动循环内．驱动功与阻抗功应相等，可得PT=P 1 t 1+P 2t 2P=(P 1 t 1 +P 2 t 2 )/T=(P 1 φ1 +P 2 φ2)/( φ1 + φ2)=(367.7/3+3 677 ×2/3)=2 573.9 w(2) 由图知最大盈亏功为：、△W max =(P-P 1)t 1 =(P-P 1)(60 φ1 )/(2 πn)=(2573.9-367.7) ×60 ×(1/3) ×(1/100)=441.24N.m1） ）当飞轮装在曲柄轴上时飞轮的转动惯量为900JWmax900 441.24 80.473kg.m2F 2n 2[ ]2 10020.052） ）飞轮装在电机轴上时，飞轮的转动惯量为JF`=J F(n/n n )2 =80.473 ×(100/1440) 2 =0.388kg.m 27-12 某内燃机的曲柄输出力矩M d 随曲柄转角 的变化曲线如图所示，其运动周期 T, 曲柄的平均转速 nm620r /min。

当用该内燃机驱动一阻抗力为常数的机械时，如果要求其运转不均匀系数 = 0.01 试求1) 曲轴最大转速nmax 和相应的曲柄转角位置 max ；2) 装在曲轴上的飞轮转动惯量JF （不计其余构件的转动惯量） 解: (1) 确定阻抗力矩 , 因一个运动循环内驱动功应等于阻抗功．所以有M rφT=A OABC =200 ×（1/2 ）×(π/6+ π)解得M r=(1/ π) ×200 ×(1/2) ×(π/6+ π)=l 16.6 7 N.m(2) 求曲轴最大转速 n max ，和相应的曲柄转角位置φ max ：作其系统的能量指示图 (见图 (b)) ．由图可知在 c 处机构出现能量最大值． 即φ= φc 时，n=n max 故Φmax =20 o+30 o+130 o ×(200-116.7)/200=104.16 o此时 n max =(1+ δ/2)n m =(1+0.01/2) ×620=623.1r/min（ 3) 求装在曲轴上的飞轮转动惯量 J，：Wmax AbABc200 116.67 ( 20 200 116.67 130 200 116.6767.26 N.m2 6 180 200 180 200J 900Wmax900 67.26 1.596kg.m2故：F 2 n2 [ ]2 62020.017 — 13 图示为两同轴线的轴 1 和 2 以摩擦离合器相连。

轴 1 和飞轮的总质量为 100 kg ，回转半径ρ=450 mm ；轴 2 和转子的总质量为 250 kg ，回转半径ρ =625 mm 在离合器接合前，轴 1 的转速为 n ，=100 r ／ min ，而轴 2 以 n： =20 groin 的转速与轴 1 同向转动在离合器接合后3 s ，两轴即达到相同的速度设在离合器接合过程中，无外加驱动力矩和阻抗力矩试求：1) 两轴接合后的公共角速度 ;2) 在离合器结合过程中，离合器所传递的转矩的大小。