52孟德尔的豌豆杂交实验(二).ppt

第2课　孟德尔的豌豆杂交实验(二) 考点一　两考点一　两对相相对性状的性状的遗传实验分析分析 【【必必备知知识回回顾】】1.1.发现问题————两两对相相对性状的性状的杂交交实验：：(1)(1)实验过程：程：(2)(2)结果分析：果分析：结果果结论F F1 1全全为黄色黄色圆粒粒说明明______________________为显性性状性性状F F2 2中中圆粒粒∶∶皱粒粒=3∶1=3∶1说明种子粒形的明种子粒形的遗传遵循遵循__________定律定律F F2 2中黄色中黄色∶∶绿色色=3∶1=3∶1说明种子粒色的明种子粒色的遗传遵循遵循__________定律定律黄色和黄色和圆粒粒分离分离分离分离结果果结论F F2 2中出中出现两种两种亲本本类型型( (黄色黄色圆粒、粒、绿色色皱粒粒) )，，新出新出现两种性状两种性状( (绿色色圆粒、黄色粒、黄色皱粒粒) )说明不同性状之明不同性状之间进行了行了__________________自由自由组合合2.2.提出假提出假说————对自由自由组合合现象的解象的解释：：(1)(1)理理论解解释( (提出假提出假设) )①①两两对相相对性状分性状分别由由__________________________控制。

控制②②F F1 1产生配子生配子时，，__________________________彼此分离，彼此分离，____________________________________可以自由可以自由组合③③F F1 1产生的雌配子和雄配子各有生的雌配子和雄配子各有________，且数量比相等且数量比相等④④受精受精时，雌雄配子的，雌雄配子的结合是合是__________的两两对遗传因子因子每每对遗传因子因子不同不同对的的遗传因子因子4 4种种随机随机(2)(2)遗传图解：解：①①试写出写出F F2 2中中4 4种表种表现型可能包含的基因型及比例型可能包含的基因型及比例a.a.黄色黄色圆粒：粒：__________________，，________________，，________________，，________________b.b.黄色黄色皱粒：粒：__________________，，________________c.c.绿色色圆粒：粒：__________________，，________________d.d.绿色色皱粒：粒：__________________。

1/16YYRR1/16YYRR1/8YYRr1/8YYRr1/8YyRR1/8YyRR1/4YyRr1/4YyRr1/16YYrr1/16YYrr1/8Yyrr1/8Yyrr1/16yyRR1/16yyRR1/8yyRr1/8yyRr1/16yyrr1/16yyrr②②两两对相相对性状性状杂交交实验结果分析a.a.纯合子共有合子共有____种，每一种种，每一种纯合子在合子在F F2 2中所占比例均中所占比例均为__________b.b.一一对基因基因纯合、一合、一对基因基因杂合的合的单杂合子共有合子共有____种，种，每一种每一种单杂合子在合子在F F2 2中所占比例均中所占比例均为________c.c.两两对基因均基因均杂合的双合的双杂合子有合子有____种，在种，在F F2 2中所占比例中所占比例为________4 41/161/164 41/81/81 11/41/43.3.演演绎推理推理————对自由自由组合合现象解象解释的的验证：：(1)(1)验证方法：方法：__________实验2)(2)遗传图解：解：测交交YyRrYyRrYyrrYyrr黄色黄色皱粒粒绿色色皱粒粒1 11 14.4.得出得出结论————自由自由组合定律：合定律：非等位基因非等位基因减数第一次分裂后期减数第一次分裂后期非等位基因非等位基因5.5.孟德孟德尔尔获得成功的原因：得成功的原因：豌豆豌豆一一对多多对统计学学假假说- -演演绎6.6.分离定律和自由分离定律和自由组合定律的比合定律的比较：：注明：本表中所列注明：本表中所列““n n””是指等位基因的是指等位基因的对数。

数7.7.【【教材易漏知教材易漏知识】】必修必修2 2　　P10P10　　9∶3∶3∶19∶3∶3∶1与与3∶13∶1的的数学数学联系：系：【【特特别提醒提醒】】两两对相相对性状性状杂交交实验的两点提醒的两点提醒(1)F(1)F1 1减数分裂减数分裂时，非等位基因之，非等位基因之间的的遗传关系：关系：(2)(2)明确重明确重组类型的含型的含义重重组类型是指型是指F F2 2中与中与亲本表本表现型不同的个体，而不是型不同的个体，而不是基因型与基因型与亲本不同的个体含两本不同的个体含两对相相对性状的性状的纯合合亲本本杂交，交，F F2 2中重中重组类型所占比例并不都是型所占比例并不都是3/83/8①①当当亲本基因型本基因型为YYRRYYRR和和yyrryyrr时，，F F2 2中重中重组性状所占性状所占比例是比例是3/83/8②②当当亲本基因型本基因型为YYrrYYrr和和yyRRyyRR时，，F F2 2中重中重组性状所占性状所占比例是比例是5/85/8【【核心素养提升核心素养提升】】【【典例示范典例示范】】(2014(2014· ·海南高考海南高考) )某种植物的表某种植物的表现型有高茎和矮茎、紫型有高茎和矮茎、紫花和白花，其中紫花和白花花和白花，其中紫花和白花这对相相对性状由两性状由两对等位等位基因控制，基因控制，这两两对等位基因中任意一等位基因中任意一对为隐性性纯合合则表表现为白花。

用白花用纯合的高茎白花个体与合的高茎白花个体与纯合的矮茎白合的矮茎白花个体花个体杂交，交，F F1 1表表现为高茎紫花，高茎紫花，F F1 1自交自交产生生F F2 2，，F F2 2有有4 4种表种表现型：高茎紫花型：高茎紫花162162株，高茎白花株，高茎白花126126株，矮茎紫株，矮茎紫花花5454株，矮茎白花株，矮茎白花4242株请回答：回答：(1)(1)根据此根据此杂交交实验结果可推果可推测，株高受，株高受________________对等等位基因控制，依据是位基因控制，依据是________________________________________________在F F2 2中矮茎紫花植株的基因型有中矮茎紫花植株的基因型有________________种，矮茎白花植种，矮茎白花植株的基因型有株的基因型有________________种   (2)(2)如果上述两如果上述两对相相对性状自由性状自由组合，合，则理理论上上F F2 2中高中高茎紫花、高茎白花、矮茎紫花和矮茎白花茎紫花、高茎白花、矮茎紫花和矮茎白花这4 4种表种表现型型的数量比的数量比为________________。

   【【素养解素养解读】】本本题主要考主要考查的核心素养是科学思的核心素养是科学思维，，具体表具体表现在两个角度：在两个角度：素养角度素养角度具体表具体表现分析与分析与综合合问题(1)(1)分析性状受几分析性状受几对等位基因控制等位基因控制归纳与演与演绎问题(1)(1)推断基因型的种数；推断基因型的种数；问题 (2)(2)推断表推断表现型的比例型的比例【【解析解析】】本题主要考查基因遗传规律的相关知识本题主要考查基因遗传规律的相关知识1)(1)根据根据F F2 2中，高茎中，高茎∶∶矮茎矮茎=(162+126)∶(54+42)= =(162+126)∶(54+42)= 3∶13∶1，可知株高是受一对等位基因控制的；假设紫花，可知株高是受一对等位基因控制的；假设紫花和白花受和白花受A A、、a a和和B B、、b b两对基因控制，高茎和矮茎受基两对基因控制，高茎和矮茎受基因因D D、、d d控制，根据题干可知，紫花基因型为控制，根据题干可知，紫花基因型为A_B_A_B_，白，白花基因型为花基因型为A_bbA_bb、、aaBaaB_ _、、aabbaabb根据纯合白花和纯合根据纯合白花和纯合白花杂交出现紫花白花杂交出现紫花(A_B_)(A_B_)，可知亲本纯合白花的基因，可知亲本纯合白花的基因型是型是AAbbAAbb和和aaBBaaBB，故，故F F1 1的基因型为的基因型为AaBbDdAaBbDd，因此，因此F F2 2中矮中矮茎紫花植株的基因型有茎紫花植株的基因型有AABBddAABBdd、、AABbddAABbdd、、AaBBddAaBBdd、、AaBbddAaBbdd四种，矮茎白花植株的基因型有四种，矮茎白花植株的基因型有AAbbddAAbbdd、、AabbddAabbdd、、aaBbddaaBbdd、、aaBBddaaBBdd和和aabbddaabbdd五种。

五种(2)F(2)F1 1的基因型是的基因型是AaBbDdAaBbDd，控制花色的基因一起考虑，，控制花色的基因一起考虑，D D和和d d基因单独考虑，分别求出相应的表现型比例，然基因单独考虑，分别求出相应的表现型比例，然后相乘即可即后相乘即可即AaBbAaBb自交，后代紫花自交，后代紫花(A_B_)∶(A_B_)∶白花白花( (A_bbA_bb、、aaBaaB_ _、、aabbaabb)=9∶7)=9∶7，，DdDd自交，后代高茎自交，后代高茎∶∶矮茎矮茎=3∶1=3∶1，因此理论上，因此理论上F F2 2中高茎紫花中高茎紫花∶∶高茎白花高茎白花∶∶矮茎紫矮茎紫花花∶∶矮茎白花矮茎白花=27∶21∶9∶7=27∶21∶9∶7答案：答案：(1)(1)一　一　F F2 2中高茎中高茎∶∶矮茎矮茎=3∶1=3∶1　　4 4　　5 5(2)27∶21∶9∶7(2)27∶21∶9∶7【【母母题变式式】】变式　基因型的确定式　基因型的确定若要确定若要确定F F2 2中某矮茎白花植株的基因型，能否中某矮茎白花植株的基因型，能否选择自自交法交法进行行实验？？为什么？什么？提示：提示：不能，因为矮茎白花植株自交后代都是矮茎白不能，因为矮茎白花植株自交后代都是矮茎白花植株。

花植株【【高考角度全高考角度全练】】角度一角度一 理解自由理解自由组合定律的合定律的实质1.(20181.(2018· ·郑州模州模拟) )某种昆虫某种昆虫长翅翅(A)(A)对残翅残翅(a)(a)、直翅、直翅(B)(B)对弯翅弯翅(b)(b)、有、有刺刺刚毛毛(D)(D)对无刺无刺刚毛毛(d)(d)为显性，控制性，控制这3 3对性状的基性状的基因位于常染色体上如因位于常染色体上如图表示某一昆虫个体的基因表示某一昆虫个体的基因组成，以下判断正确的是成，以下判断正确的是( (不考不考虑交叉互交叉互换) )( (　　　　) )世世纪金榜金榜导学号学号1412009914120099A.A.控制控制长翅和残翅、直翅和弯翅的基因翅和残翅、直翅和弯翅的基因遗传时遵循自遵循自由由组合定律合定律B.B.有刺有刺刚毛基因含胸腺毛基因含胸腺嘧啶，无刺，无刺刚毛基因含尿毛基因含尿嘧啶C.C.该个体的个体的细胞有胞有丝分裂后期，移向分裂后期，移向细胞同一极的基胞同一极的基因因为AbDAbD或或abdabdD.D.该个体与另一个体个体与另一个体测交，后代基因型比例交，后代基因型比例为1∶1∶1∶11∶1∶1∶1【【解析解析】】选选D D。

控制长翅和残翅、直翅和弯翅的基因位控制长翅和残翅、直翅和弯翅的基因位于同一对同源染色体上，其遗传不遵循自由组合定律，于同一对同源染色体上，其遗传不遵循自由组合定律，A A错误；基因是有遗传效应的错误；基因是有遗传效应的DNADNA片段，片段，DNADNA分子中不含分子中不含有尿嘧啶，有尿嘧啶，B B错误；有丝分裂后期，移向细胞同一极的错误；有丝分裂后期，移向细胞同一极的基因是基因是AabbDdAabbDd，，C C错误；该个体可产生错误；该个体可产生4 4种比例相等的种比例相等的配子，所以测交后代基因型比例为配子，所以测交后代基因型比例为1∶1∶1∶11∶1∶1∶1，，D D正确角度二角度二 分析两分析两对相相对性状的性状的杂交交实验2.(20182.(2018· ·河南百校河南百校联考考) )大鼠的毛色由两大鼠的毛色由两对等位基因等位基因控制用黄色大鼠与黑色大鼠控制用黄色大鼠与黑色大鼠进行行杂交交实验，，结果如果如图据图判断，下列叙述判断，下列叙述错误的是的是 ( (　　　　) )世世纪金榜金榜导学号学号1412010014120100A.A.控制大鼠体色的两控制大鼠体色的两对等位基因位于两等位基因位于两对同源染色体同源染色体上上B.FB.F2 2中米色的雌雄大鼠交配中米色的雌雄大鼠交配产生的后代仍然是米色大生的后代仍然是米色大鼠鼠C.C.亲本中的黄色和黑色大鼠都是本中的黄色和黑色大鼠都是纯合子合子D.FD.F2 2中的灰色个体大部分是中的灰色个体大部分是纯合子合子【【解析解析】】选选D D。

根据根据F F2 2的性状比之和为的性状比之和为16=416=42 2可推知，可推知，大鼠的体色受两对等位基因控制，且这两对等位基因大鼠的体色受两对等位基因控制，且这两对等位基因遵循基因的自由组合定律，位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，位于两对同源染色体上，A A正确；假设用正确；假设用A A、、a a和和B B、、b b表示两对等位基因，根据题表示两对等位基因，根据题图中的表现型及比例可知，灰色的基因型是图中的表现型及比例可知，灰色的基因型是A_B_A_B_，米，米色的基因型是色的基因型是aabbaabb，黄色和黑色的基因型是，黄色和黑色的基因型是A_bbA_bb、、aaBaaB_ _，由于米色是隐性纯合子，所以米色雌雄大鼠交，由于米色是隐性纯合子，所以米色雌雄大鼠交配产生的后代都是米色大鼠，配产生的后代都是米色大鼠，B B正确；根据正确；根据F F2 2中的表现中的表现型及比例可知，型及比例可知，F F1 1灰色大鼠的基因型是灰色大鼠的基因型是AaBbAaBb，所以亲，所以亲本中的黄色和黑色大鼠都是纯合子本中的黄色和黑色大鼠都是纯合子( (AAbbAAbb、、aaBBaaBB) )，，C C正正确；确；F F2 2中灰色个体中既有纯合子也有杂合子，其中纯中灰色个体中既有纯合子也有杂合子，其中纯合子只占合子只占1/91/9，，D D错误。

错误【【易易错提醒提醒】】非等位基因并不都遵循自由非等位基因并不都遵循自由组合定律合定律如果基因有如果基因有连锁现象象发生，就不符合基因的自由生，就不符合基因的自由组合合定律，其子代呈定律，其子代呈现特定的性状分离比，如特定的性状分离比，如图所示，所示，AaBbAaBb只能只能产生生ABAB、、abab配子，不能配子，不能产生生AbAb、、aBaB配子配子( (不不发生交叉互生交叉互换的情况下的情况下) )3.3.甜甜荞麦是异花麦是异花传粉作物，具有花粉作物，具有花药大小大小( (正常、小正常、小) )、、瘦果形状瘦果形状( (棱尖、棱棱尖、棱圆) )和花果落粒性和花果落粒性( (落粒、不落粒落粒、不落粒) )等等相相对性状某兴趣小趣小组利用利用纯种甜种甜荞麦麦进行行杂交交实验，，获得了足量后代，得了足量后代，F F2 2性状性状统计结果如下 (不考不考虑交叉交叉互互换) )请回答下列回答下列问题：：花花药正常正常∶∶花花药小小=441∶343=441∶343瘦果棱尖瘦果棱尖∶∶瘦果棱瘦果棱圆=591∶209=591∶209花果落粒花果落粒∶∶花果不落粒花果不落粒=597∶203=597∶203(1)(1)花花药大小的大小的遗传至少受至少受____________________________对等位基因等位基因控制，控制，F F2 2花花药小的植株中小的植株中纯合子所占比例合子所占比例为____________。

   (2)(2)花果落粒花果落粒(DD(DD，，♀♀) )与不落粒与不落粒( (dddd，，♂♂) )植株植株杂交，交，F F1 1中出中出现了一植株具有花果不落粒性状，了一植株具有花果不落粒性状，这可能由母本可能由母本产生配子生配子时____________________________________________________________或或____________________________________________________所致区分二者最所致区分二者最简单的方案是的方案是________________________________________________________________________   (3)(3)为探究控制花探究控制花药大小和瘦果形状大小和瘦果形状这两两对性状的基因性状的基因在染色体上的位置关系，小在染色体上的位置关系，小组成成员选择了了纯合花合花药正正常、瘦果棱尖和相关基因均常、瘦果棱尖和相关基因均为隐性性纯合的花合的花药小、瘦小、瘦果棱果棱圆植株植株为材料，材料，进行了行了实验请写出写出简单可行的可行的实验方案，并方案，并预测实验结果及果及结论。

【【解析解析】】(1)(1)根据题意分析已知花药正常根据题意分析已知花药正常∶∶花药小花药小=441∶343=9∶7=441∶343=9∶7，属于，属于9∶3∶3∶19∶3∶3∶1的变式，故花药大的变式，故花药大小的遗传受小的遗传受2 2对等位基因控制，子一代为对等位基因控制，子一代为AaBbAaBb，且双显，且双显性性(A_B_)(A_B_)为花药正常，其余为花药小，则为花药正常，其余为花药小，则F F2 2为为9A_B_9A_B_、、3A_bb3A_bb、、3aaB_3aaB_、、1aabb1aabb，所以花药小的植株，所以花药小的植株(3A_bb(3A_bb、、3aaB_3aaB_、、1aabb)1aabb)中纯合子所占比例为中纯合子所占比例为3/73/7(2)(2)根据题意分析根据题意分析F F2 2中出现了一植株具有花果不落粒中出现了一植株具有花果不落粒( (dddd) )性状，可能由母体产生配子时性状，可能由母体产生配子时D D基因突变为基因突变为d d基因基因或含有或含有D D基因的染色体缺失所致最简单的方案则为用基因的染色体缺失所致最简单的方案则为用显微镜观察显微镜观察。

(3)(3)为探究控制花药大小和瘦果形状两对性状的基因在为探究控制花药大小和瘦果形状两对性状的基因在染色体上的位置关系，设计实验方案如下：染色体上的位置关系，设计实验方案如下：①①选择纯合花药正常、瘦果棱尖和相关基因均为隐性选择纯合花药正常、瘦果棱尖和相关基因均为隐性纯合的花药小、瘦果棱圆植株作亲本杂交，获得纯合的花药小、瘦果棱圆植株作亲本杂交，获得F F1 1②②让让F F1 1植株进行测交获得植株进行测交获得F F2 2③③统计后代花药大小和瘦果形状的比例统计后代花药大小和瘦果形状的比例结果分析：结果分析：若后代中花药正常瘦果棱尖若后代中花药正常瘦果棱尖∶∶花药小瘦果棱尖花药小瘦果棱尖∶∶花药花药小瘦果棱圆小瘦果棱圆=1∶1∶2=1∶1∶2，则控制花药大小和瘦果形状两，则控制花药大小和瘦果形状两对性状的基因位于两对染色体上；对性状的基因位于两对染色体上；若后代中花药正常瘦果棱尖若后代中花药正常瘦果棱尖∶∶花药正常瘦果棱圆花药正常瘦果棱圆∶∶花花药小瘦果棱尖药小瘦果棱尖∶∶花药小瘦果棱圆花药小瘦果棱圆=1∶1∶3∶3=1∶1∶3∶3，则控制，则控制花药大小和瘦果形状两对性状的基因位于三对染色体花药大小和瘦果形状两对性状的基因位于三对染色体上。

上答案：答案：(1)2(1)2　　3/73/7(2)D(2)D基因突变为基因突变为d d基因　含基因　含D D基因染色体缺失基因染色体缺失取分裂的细胞制成装片，用显微镜观察染色体形态取分裂的细胞制成装片，用显微镜观察染色体形态(3)①(3)①选择纯合花药正常、瘦果棱尖和相关基因均为隐选择纯合花药正常、瘦果棱尖和相关基因均为隐性纯合的花药小、瘦果棱圆植株作亲本杂交，获得性纯合的花药小、瘦果棱圆植株作亲本杂交，获得F F1 1②②让让F F1 1植株进行测交获得植株进行测交获得F F2 2③③统计后代花药大小和瘦果性状的形状比例统计后代花药大小和瘦果性状的形状比例花药正常瘦果棱尖花药正常瘦果棱尖∶∶花药小瘦果棱尖花药小瘦果棱尖∶∶花药小瘦果棱花药小瘦果棱圆圆=1∶1∶2=1∶1∶2，则控制花药大小和瘦果形状两对性状的，则控制花药大小和瘦果形状两对性状的基因位于两对染色体上；花药正常瘦果棱尖基因位于两对染色体上；花药正常瘦果棱尖∶∶花药正花药正常瘦果棱圆常瘦果棱圆∶∶花药小瘦果棱尖花药小瘦果棱尖∶∶花药小瘦果棱圆花药小瘦果棱圆=1∶1∶3∶3=1∶1∶3∶3，则控制花药大小和瘦果形状两对性状的，则控制花药大小和瘦果形状两对性状的基因位于三对染色体上。

基因位于三对染色体上角度三角度三 自由自由组合定律的合定律的验证4.(20184.(2018· ·新余模新余模拟) )现有有①①～～④④四个果四个果蝇品系品系( (都是都是纯种种) )，其中品系，其中品系①①的性状均的性状均为显性，品系性，品系②②～～④④均只有均只有一种性状是一种性状是隐性，其他性状均性，其他性状均为显性这四个品系的四个品系的隐性性状及控制性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下性性状的基因所在的染色体如下表所示：表所示：品系品系①①②②③③④④隐性性状性性状无无( (均均为显性性) ) 残翅残翅黑身黑身紫紫红眼眼相相应染色体染色体ⅡⅡ、、ⅢⅢⅡⅡⅡⅡⅢⅢ验证自由自由组合定律，可合定律，可选择下列哪种交配下列哪种交配类型型 ( (　　　　) )A.①A.①××②②　　　　B.②B.②××④④　　　　C.②C.②××③③　　　　D.①D.①××④④【【解析解析】】选选B B自由组合定律研究的是位于非同源染色自由组合定律研究的是位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合规律，故选体上的非等位基因的分离或组合规律，故选②②××④④或或③③××④④【【方法技巧方法技巧】】““实验法法””验证自由自由组合定律合定律验证方法方法结　　论自交法自交法F F1 1自交后代的性状分离比自交后代的性状分离比为9∶3∶3∶19∶3∶3∶1，，则符合基因的自由符合基因的自由组合定律合定律测交法交法F F1 1测交后代的性状分离比交后代的性状分离比为1∶1∶1∶11∶1∶1∶1，，则符合基因的自由符合基因的自由组合定律合定律验证方法方法结　　论花粉花粉鉴定法定法若有四种花粉，比例若有四种花粉，比例为1∶1∶1∶11∶1∶1∶1，，则符符合自由合自由组合定律合定律单倍体倍体育种法育种法取花取花药离体培养，用秋水仙素离体培养，用秋水仙素处理理单倍体倍体幼苗，若植株有四种表幼苗，若植株有四种表现型，比例型，比例为1∶1∶1∶11∶1∶1∶1，，则符合自由符合自由组合定律合定律【【加固加固训练】】(2018(2018· ·娄底模娄底模拟) )牵牛花的叶子有普通叶和牛花的叶子有普通叶和枫形叶两种，形叶两种，种子有黑色和白色两种。

种子有黑色和白色两种现用用纯种的普通叶白色种子种的普通叶白色种子个体和个体和纯种的种的枫形叶黑色种子个体作形叶黑色种子个体作为亲本本进行行杂交，交，得到的得到的F F1 1为普通叶黑色种子，普通叶黑色种子，F F1 1自交得自交得F F2 2，，结果符合基果符合基因的自由因的自由组合定律下列合定律下列对F F2 2的描述中的描述中错误的是的是( (　　　　) )A.FA.F2 2中有中有9 9种基因型、种基因型、4 4种表种表现型型B.FB.F2 2中普通叶与中普通叶与枫形叶之比形叶之比为3∶13∶1C.FC.F2 2中与中与亲本表本表现型相同的个体大型相同的个体大约占占3/83/8D.FD.F2 2中普通叶白色种子个体的基因型有中普通叶白色种子个体的基因型有4 4种种【【解析解析】】选选D D由题干信息可知，由题干信息可知，F F2 2共有共有9 9种基因型、种基因型、4 4种表现型，其中与亲本表现型相同的个体大约占种表现型，其中与亲本表现型相同的个体大约占3/16+3/16=3/83/16+3/16=3/8；；F F2 2中普通叶白色种子的个体有中普通叶白色种子的个体有2 2种基种基因型。

因型考点二　利用分离定律解多考点二　利用分离定律解多对等位基因的等位基因的遗传问题 【【必必备知知识回回顾】】1.1.理理论基基础————基因的分离定律与自由基因的分离定律与自由组合定律的关合定律的关系：系：(1)(1)(2)(2)分离定律和自由分离定律和自由组合定律中合定律中F F1 1的分析：的分析：1∶11∶13∶13∶11∶11∶11∶11∶19∶3∶3∶19∶3∶3∶11∶1∶1∶11∶1∶1∶11∶1∶1∶11∶1∶1∶11∶1∶1∶11∶1∶1∶11∶1∶1∶11∶1∶1∶12.2.基本思路基本思路————分解分解组合法：合法：首先，将自由首先，将自由组合定律合定律问题转化化为若干个分离定律若干个分离定律问题在独立遗传的情况下，有几的情况下，有几对等位基因就可分解等位基因就可分解为几几组分离定律分离定律问题如AaBbAaBb××AabbAabb，可分解，可分解为如下如下两两组：：AaAa××AaAa，，BbBb××bbbb按分离定律按分离定律进行逐一分析行逐一分析然后，按照数学上的乘法原理根据然后，按照数学上的乘法原理根据题目要求的目要求的实际情情况况进行重行重组，得到正确答案。

得到正确答案3.3.基本基本题型分析：型分析：(1)(1)配子配子类型型问题①①规律：多律：多对等位基因的个体等位基因的个体产生的配子种生的配子种类数是每数是每对基因基因产生相生相应配子种配子种类数的乘数的乘积②②举例：例：AaBbCCDdAaBbCCDd产生的配子种生的配子种类数2 22 21 12 28 8(2)(2)配子配子间结合方式合方式问题①①规律：基因型不同的两个个体律：基因型不同的两个个体杂交，配子交，配子间结合方合方式种式种类数等于各数等于各亲本本产生配子种生配子种类数的乘数的乘积②②举例：例：AABbCcAABbCc××aaBbCCaaBbCC配子配子间结合方式种合方式种类数数为______________4 4××2=82=8(3)(3)基因型基因型问题①①规律a.a.任何两个基因型的任何两个基因型的亲本本杂交，交，产生的子代基因型的生的子代基因型的种种类数等于数等于亲本各本各对基因基因单独独杂交所交所产生基因型种生基因型种类数的乘数的乘积b.b.子代某一基因型的概率是子代某一基因型的概率是亲本每本每对基因基因杂交所交所产生生相相应基因型概率的乘基因型概率的乘积。

②②举例：例：AaBBCcAaBBCc××aaBbccaaBbcc杂交后代基因型种交后代基因型种类及比例子代中基因型种子代中基因型种类：：____种子代中子代中AaBBCcAaBBCc所占的比例所占的比例为________8 81/81/8(4)(4)表表现型型问题①①规律a.a.任何两个基因型的任何两个基因型的亲本本杂交，交，产生的子代表生的子代表现型的型的种种类数等于数等于亲本各本各对基因基因单独独杂交所交所产生表生表现型种型种类数的乘数的乘积b.b.子代某一表子代某一表现型的概率是型的概率是亲本每本每对基因基因杂交所交所产生生相相应表表现型概率的乘型概率的乘积②②举例：例：AaBbCcAaBbCc××AabbCcAabbCc杂交后代表交后代表现型种型种类及比例子代中表子代中表现型种型种类：：____种子代中子代中A_B_C_A_B_C_所占的比例所占的比例为__________8 89/329/32(5)(5)子代基因型、表子代基因型、表现型的比例型的比例示例：求示例：求ddEeFFddEeFF与与DdEeffDdEeff杂交后代中基因型和表交后代中基因型和表现型型比例。

比例分析：将分析：将ddEeFFddEeFF××DdEeffDdEeff分解：分解：dddd××DdDd：后代基因型比：后代基因型比__________，表，表现型比型比__________；；EeEe××EeEe：后代基因型比：后代基因型比________________，表，表现型比型比__________；；FFFF××ffff：后代基因型：后代基因型1 1种，表种，表现型型1 1种1∶11∶11∶11∶11∶2∶11∶2∶13∶13∶1所以，后代中：所以，后代中：基因型比基因型比为(1∶1)(1∶1)××(1∶2∶1)(1∶2∶1)××1=1∶2∶1∶1∶2∶11=1∶2∶1∶1∶2∶1；；表表现型比型比为(1∶1)(1∶1)××(3∶1)(3∶1)××1= ___________1= ___________3∶1∶3∶13∶1∶3∶14.4.常常见应用：用：(1)(1)利用性状分离比利用性状分离比““逆向逆向组合法合法””推断推断亲本基因型本基因型①①方法：将自由方法：将自由组合定律的性状分离比拆分成分离定合定律的性状分离比拆分成分离定律的分离比分律的分离比分别分析，再运用乘法原理分析，再运用乘法原理进行逆向行逆向组合。

合②②示例：示例：a.9∶3∶3∶1a.9∶3∶3∶1⇒⇒(3∶1)(3∶1)(3∶1)(3∶1)⇒⇒(_______)(Rr(_______)(Rr××Rr)Rr)；；b.1∶1∶1∶1b.1∶1∶1∶1⇒⇒(1∶1)(1∶1)(1∶1)(1∶1)⇒⇒(Yy(Yy××yy)(_______)yy)(_______)；；c.3∶3∶1∶1c.3∶3∶1∶1⇒⇒(3∶1)(1∶1)(3∶1)(1∶1)⇒⇒(_______)(Bb(_______)(Bb××bb)bb)或或( (AaAa××aa)(Bbaa)(Bb××BbBb) )；；YyYy××YyYyRrRr××rrrrAaAa××AaAad.3∶1d.3∶1⇒⇒(3∶1)(3∶1)××1 1⇒⇒(Aa(Aa××Aa)(BBAa)(BB××_ _)_ _)或或( (AaAa××Aa)(bbAa)(bb××bbbb) )或或(AA(AA××_ _)(_ _)(BbBb××BbBb) )或或( (aaaa××aa)(Bbaa)(Bb××BbBb) )(2)(2)用十字交叉法解决两病概率用十字交叉法解决两病概率计算算问题：：①①当两种当两种遗传病之病之间具有具有““自由自由组合合””关系关系时，各种患，各种患病情况的概率分析如下：病情况的概率分析如下：②②根据序号所示根据序号所示进行相乘得出相行相乘得出相应概率再概率再进一步拓展一步拓展如下表：如下表：序号序号类　型　型计算公式算公式①①同同时患两病概率患两病概率m m· ·n n②②只患甲病概率只患甲病概率m m· ·(1-n)(1-n)③③只患乙病概率只患乙病概率n n· ·(1-m)(1-m)④④不患病概率不患病概率(1-m)(1-n)(1-m)(1-n)序号序号类　型　型计算公式算公式拓展拓展求解求解患病概率患病概率(①+②+③)(①+②+③)或或(1-④)(1-④)只患一种病概率只患一种病概率(②+③)(②+③)或或[1-(①+④)][1-(①+④)]【【核心素养提升核心素养提升】】【【典例示范典例示范】】(2016(2016· ·全国卷全国卷Ⅲ)Ⅲ)用某种高等植物的用某种高等植物的纯合合红花植株与花植株与纯合白花植株合白花植株进行行杂交，交，F F1 1全部表全部表现为红花。

若花若F F1 1自交，自交，得到的得到的F F2 2植株中，植株中，红花花为272272株，白花株，白花为212212株；若用株；若用纯合白花植株的花粉合白花植株的花粉给F F1 1红花植株授粉，得到的子代花植株授粉，得到的子代植株中，植株中，红花花为101101株，白花株，白花为302302株根据上述株根据上述杂交交实验结果推断，下列叙述正确的是世果推断，下列叙述正确的是世纪金榜金榜导学号学号14120101(14120101(　　　　) )A.FA.F2 2中白花植株都是中白花植株都是纯合体合体( (子子) )B.FB.F2 2中中红花植株的基因型有花植株的基因型有2 2种种C.C.控制控制红花与白花的基因在一花与白花的基因在一对同源染色体上同源染色体上D.FD.F2 2中白花植株的基因型种中白花植株的基因型种类比比红花植株的多花植株的多【【素养解素养解读】】本本题主要考主要考查的核心素养是科学思的核心素养是科学思维，，具体表具体表现在两个角度：在两个角度：素养角度素养角度具体表具体表现比比较与分与分类D D项考考查基因型与表基因型与表现型的关系型的关系分析与分析与综合合A A项、、B B项分析基因型；分析基因型；C C项分析不同分析不同对基因在染色体上的位置关系基因在染色体上的位置关系【【解析解析】】选选D D。

本题主要考查对基因的自由组合定律的本题主要考查对基因的自由组合定律的理解能力和获取信息能力用纯合白花植株的花粉给理解能力和获取信息能力用纯合白花植株的花粉给F F1 1红花植株授粉，子代植株中，红花为红花植株授粉，子代植株中，红花为101101株，白花为株，白花为302302株，相当于测交后代表现株，相当于测交后代表现1∶31∶3的分离比，因此该相的分离比，因此该相对性状受两对等位基因控制，且两对基因的遗传符合对性状受两对等位基因控制，且两对基因的遗传符合自由组合定律，设两对基因为自由组合定律，设两对基因为A A、、a a和和B B、、b b，则，则A_B_A_B_表表现为红花，现为红花，A_bbA_bb、、aaBaaB_ _、、aabbaabb表现为白花，表现为白花，F F2 2中白花中白花植株既有纯合体植株既有纯合体( (子子) )，又有杂合体，又有杂合体( (子子) )，故，故A A项错误；项错误；F F2 2中红花植株的基因型有中红花植株的基因型有4 4种，即种，即AABBAABB、、AaBBAaBB、、AABbAABb、、AaBbAaBb，故，故B B项错误；控制红花与白花的基因在两对同源项错误；控制红花与白花的基因在两对同源染色体上，故染色体上，故C C项错误；项错误；F F2 2中白花植株的基因型有中白花植株的基因型有5 5种，种，即即aaBBaaBB、、aaBbaaBb、、AAbbAAbb、、AabbAabb、、aabbaabb，比红花植株的基，比红花植株的基因型种类多，故因型种类多，故D D正确。

正确【【母母题变式式】】变式　文字式　文字转换成成图形形上上题F F1 1的基因的基因组成符合下成符合下图中的哪一种？分析原因中的哪一种？分析原因提示：提示：A A只有两对等位基因分别位于两对同源染色体只有两对等位基因分别位于两对同源染色体上的杂合子，其自交后代才会产生上的杂合子，其自交后代才会产生9∶3∶3∶1(9∶7)9∶3∶3∶1(9∶7)的性状分离比的性状分离比【【高考角度全高考角度全练】】角度一表角度一表现型、基因型的推断与概率型、基因型的推断与概率计算算1.(20181.(2018· ·青青岛模模拟) )水稻香味性状与抗病性状独立水稻香味性状与抗病性状独立遗传，香味性状受，香味性状受隐性基因性基因(a)(a)控制，抗病控制，抗病(B)(B)对感病感病(b)(b)为显性为选育抗病香稻新品种，育抗病香稻新品种，进行一系列行一系列杂交交实验，，两两亲本无香味感病与无香味抗病植株本无香味感病与无香味抗病植株杂交的交的统计结果果如如图所示下列有关叙述不正确的是所示下列有关叙述不正确的是( (　　　　) )世世纪金榜金榜导学号学号1412010214120102A.A.香味性状一旦出香味性状一旦出现即能即能稳定定遗传B.B.两两亲本的基因型分本的基因型分别是是AabbAabb、、AaBbAaBbC.C.两两亲本本杂交的子代中能交的子代中能稳定定遗传的有香味抗病植株的有香味抗病植株所占比例所占比例为0 0D.D.两两亲本本杂交的子代自交，后代群体中能交的子代自交，后代群体中能稳定定遗传的的有香味抗病植株所占比例有香味抗病植株所占比例为1/321/32【【解析解析】】选选D D。

由题干信息可知香味性状受隐性基因由题干信息可知香味性状受隐性基因(a)(a)控制，所以香味性状控制，所以香味性状( (aaaa) )一旦出现即能稳定遗传，一旦出现即能稳定遗传，A A正正确；两亲本为无香味感病与无香味抗病植株，图中无确；两亲本为无香味感病与无香味抗病植株，图中无香味感病与无香味抗病植株杂交后代中，抗病和感病香味感病与无香味抗病植株杂交后代中，抗病和感病的比为的比为50∶50=1∶150∶50=1∶1，说明亲本相关基因型是，说明亲本相关基因型是BbBb与与bbbb；；无香味和有香味的比为无香味和有香味的比为75∶25=3∶175∶25=3∶1，说明亲本相关基，说明亲本相关基因型是因型是AaAa与与AaAa，则亲本的基因型是，则亲本的基因型是AabbAabb与与AaBbAaBb，，B B正确；正确；亲本的基因型是亲本的基因型是AabbAabb与与AaBbAaBb，其后代不可能出现能稳，其后代不可能出现能稳定遗传的有香味抗病植株定遗传的有香味抗病植株aaBBaaBB，，C C正确；亲代的基因型正确；亲代的基因型为为AabbAabb××AaBbAaBb，子代香味相关的基因型为，子代香味相关的基因型为1/4AA1/4AA、、1/2Aa1/2Aa、、1/4aa1/4aa，分别自交得到，分别自交得到aaaa的概率为的概率为3/83/8，子代抗，子代抗病性相关的基因型为病性相关的基因型为1/2Bb1/2Bb和和1/2bb1/2bb，自交得到，自交得到BBBB的概的概率为率为1/81/8，所以得到能稳定遗传的有香味抗病植株的比，所以得到能稳定遗传的有香味抗病植株的比例为例为(3/8)(3/8)××(1/8)=3/64(1/8)=3/64，，D D错误。

错误角度二多角度二多对等位基因位于多等位基因位于多对同源染色体上的同源染色体上的遗传问题2.(20182.(2018· ·陕西西师大附中模大附中模拟) )番茄番茄红果果对黄果黄果为显性，二室果性，二室果对多室果多室果为显性，性，长蔓蔓对短蔓短蔓为显性，三性，三对性状独立性状独立遗传现有有红果、二室、短蔓和黄果、多果、二室、短蔓和黄果、多室、室、长蔓的两个蔓的两个纯合品系，将其合品系，将其杂交得交得F F1 1和和F F2 2，，则在在F F2 2中中红果、多室、果、多室、长蔓所占的比例及蔓所占的比例及红果、多室、果、多室、长蔓蔓中中纯合子的比例分合子的比例分别是是 世世纪金榜金榜导学号学号14120103(14120103(　　　　) )A.9/64A.9/64、、1/91/9　　　　　　　　　　　　　　 B.9/64B.9/64、、1/641/64C.3/64C.3/64、、1/31/3D.3/64D.3/64、、1/641/64【【解析解析】】选选A A设A A、、a a基因控制番茄红果和黄果，基因控制番茄红果和黄果，B B、、b b基因控制二室果和多室果，基因控制二室果和多室果，C C、、c c基因控制长蔓和短蔓。

基因控制长蔓和短蔓由题意可确定亲本基因型为由题意可确定亲本基因型为AABBccAABBcc××aabbCCaabbCC，杂交所，杂交所得得F F1 1为为AaBbCcAaBbCc，，F F2 2中红果、多室、长蔓基因型为中红果、多室、长蔓基因型为A_bbCA_bbC_ _，所占的比例，所占的比例=3/4=3/4××1/41/4××3/4=9/643/4=9/64；红果、多室、长；红果、多室、长蔓中纯合子为蔓中纯合子为AAbbCCAAbbCC，占全部后代的比例，占全部后代的比例=1/4=1/4××1/41/4××1/4=1/641/4=1/64，因此占，因此占A_bbCA_bbC_ _的比例为的比例为1/641/64÷÷9/64=1/99/64=1/9，由此可知，，由此可知，A A选项正确选项正确【【易易错提醒提醒】】应用分离定律解决自由用分离定律解决自由组合合问题的前提的前提条件条件两两对或两或两对以上的等位基因遵循基因的自由以上的等位基因遵循基因的自由组合定律，合定律，前提是前提是这两两对或两或两对以上等位基因位于两以上等位基因位于两对或两或两对以以上同源染色体上当两上同源染色体上。

当两对或两或两对以上的等位基因位于以上的等位基因位于同一同一对同源染色体上同源染色体上时，只遵循基因的分离定律，不，只遵循基因的分离定律，不遵循基因的自由遵循基因的自由组合定律【【加固加固训练】】某某遗传病的病的遗传涉及非同源染色体上的两涉及非同源染色体上的两对等位基因等位基因已知已知ⅠⅠ1 1基因型基因型为AaBBAaBB，且，且ⅡⅡ2 2与与ⅡⅡ3 3婚配的子代不会患婚配的子代不会患病根据以下系病根据以下系谱图分析，正确的推断是分析，正确的推断是( (　　　　) )A.ⅠA.Ⅰ3 3的基因型一定的基因型一定为AABbAABbB.ⅡB.Ⅱ2 2的基因型一定的基因型一定为aaBBaaBBC.ⅢC.Ⅲ1 1的基因型可能的基因型可能为AaBbAaBb或或AABbAABbD.ⅢD.Ⅲ2 2与基因型与基因型为AaBbAaBb的女性婚配，子代患病的概率的女性婚配，子代患病的概率为3/163/16【【解析解析】】选选B B根据ⅠⅠ1 1基因型为基因型为AaBBAaBB且表现型正常，且表现型正常，ⅡⅡ2 2却患病可知，当同时具有却患病可知，当同时具有A A和和B B两种显性基因时，个两种显性基因时，个体不会患病，因为体不会患病，因为ⅡⅡ2 2一定有一定有B B基因，如果也有基因，如果也有A A基因则基因则表现型正常，而实际上患病，所以表现型正常，而实际上患病，所以ⅡⅡ2 2一定无一定无A A基因，基因，因此因此ⅡⅡ2 2的基因型可以表示为的基因型可以表示为aaBaaB_ _，且，且ⅡⅡ3 3基因型有可基因型有可能为能为aaBbaaBb、、aaBBaaBB、、AAbbAAbb、、AabbAabb、、aabbaabb的任何一种。

如的任何一种如果果ⅡⅡ2 2的基因型为的基因型为aaBbaaBb，则子代都会有患者，所以，则子代都会有患者，所以ⅡⅡ2 2的的基因型只能是基因型只能是aaBBaaBB；再根据；再根据ⅡⅡ2 2和和ⅡⅡ3 3两者都患病而后代两者都患病而后代不患病来分析，不患病来分析，ⅡⅡ3 3的基因型只能为的基因型只能为AAbbAAbb，，B B项正确由由ⅡⅡ3 3为为AAbbAAbb可推知，可推知，ⅠⅠ3 3的基因型为的基因型为A_BbA_Bb，，A A项错误ⅢⅢ1 1的基因型只能是的基因型只能是AaBbAaBb，，C C项错误ⅢⅢ2 2基因型也为基因型也为AaBbAaBb，与，与AaBbAaBb的女性婚配，若的女性婚配，若aabbaabb为患者，则后代患为患者，则后代患病的概率为病的概率为7/167/16，若，若aabbaabb不为患者，则后代患病的概不为患者，则后代患病的概率为率为6/166/16，，D D项错误阅卷案例卷案例6 6：：遗传的基本的基本规律律(2016(2016· ·全国卷全国卷ⅡⅡ· ·T32)T32)某种植物的果皮有毛和无毛、果某种植物的果皮有毛和无毛、果肉黄色和白色肉黄色和白色为两两对相相对性状，各由一性状，各由一对等位基因控等位基因控制制( (前者用前者用D D、、d d表示，后者用表示，后者用F F、、f f表示表示) )，且独立，且独立遗传。

利用利用该种植物三种不同基因型的个体种植物三种不同基因型的个体( (有毛白肉有毛白肉A A、无、无毛黄肉毛黄肉B B、无毛黄肉、无毛黄肉C)C)进行行杂交，交，实验结果如下：果如下：回答下列回答下列问题：：(1)(1)果皮有毛和无毛果皮有毛和无毛这对相相对性状中的性状中的显性性状性性状为________________，果肉黄色和白色，果肉黄色和白色这对相相对性状中的性状中的显性性性性状状为________________   (2)(2)有毛白肉有毛白肉A A、无毛黄肉、无毛黄肉B B和无毛黄肉和无毛黄肉C C的基因型依次的基因型依次为____________________________   (3)(3)若无毛黄肉若无毛黄肉B B自交，理自交，理论上，下一代的表上，下一代的表现型及比例型及比例为____________________________________   (4)(4)若若实验3 3中的子代自交，理中的子代自交，理论上，下一代的表上，下一代的表现型及型及比例比例为________________________________________________________________________。

   (5)(5)实验2 2中得到的子代无毛黄肉的基因型有中得到的子代无毛黄肉的基因型有__________   试卷作答案例卷作答案例要求：要求：对于下列答案，正确画于下列答案，正确画““√√””，，错误画画““×”×”，，并在左并在左侧题目上填写正确答案目上填写正确答案1)(1)有毛有毛( )( )白肉白肉( )( )(2)(2)DDffDDff、、ddFfddFf、、ddFFddFF( )( )√√××√√(3)(3)3∶13∶1( )( )(4)(4)有毛有毛∶∶无毛无毛=3∶1=3∶1，黄肉，黄肉∶∶白肉白肉=3∶1=3∶1( )( )(5)(5)ddFFddFF( )( )××××××【【阅卷人揭秘卷人揭秘满分分规则】】满分分规则1.1.特特别关注答关注答题要求，不要要求，不要错答或漏答答或漏答回答本回答本题(3)(4)(3)(4)时，要特，要特别关注的答关注的答题要求要求““表表现型及型及比例比例””，如果只答出，如果只答出““表表现型型””或或““数量比数量比””均是均是错误的满分分规则2.2.表达要表达要规范，不要用范，不要用过程作程作为结果。

果本本题中回答中回答(4)(4)时，要将分析的，要将分析的结果果进行重行重组，写出重，写出重组后的后的结果，不能将果，不能将单独分析的独分析的结果作果作为答案满分分规则3.3.分析分析问题要全面，不要断章取要全面，不要断章取义回答本回答本题(5)(5)时，要根据，要根据实验1 1和和实验3 3的的结果判断出，果判断出，无毛黄肉无毛黄肉B B和无毛黄肉和无毛黄肉C C的基因型分的基因型分别是是ddFfddFf、、ddFFddFF，，判断出判断出实验2 2中得到的子代无毛黄肉的基因型有中得到的子代无毛黄肉的基因型有ddFFddFF和和ddFfddFf两种，如果忽两种，如果忽视了了亲本无毛黄肉本无毛黄肉B B和无毛黄肉和无毛黄肉C C的的基因型不同，只根据子代全基因型不同，只根据子代全为无毛黄肉而无毛黄肉而认为亲本均本均为纯合子，答成合子，答成ddFFddFF是是错误的【【解析解析】】本题主要考查基因自由组合定律及其应用本题主要考查基因自由组合定律及其应用1)(1)根据实验根据实验3 3有毛白肉有毛白肉A A与无毛黄肉与无毛黄肉C C杂交，后代只有杂交，后代只有有毛黄肉，说明有毛对无毛为显性，黄肉对白肉为显有毛黄肉，说明有毛对无毛为显性，黄肉对白肉为显性。

性(2)(2)据实验据实验3 3杂交后代的表现型全为有毛黄肉可判断双杂交后代的表现型全为有毛黄肉可判断双亲均为纯合子，即有毛白肉亲均为纯合子，即有毛白肉A A基因型为基因型为DDffDDff，无毛黄肉，无毛黄肉C C基因型为基因型为ddFFddFF实验1 1杂交后代出现了黄肉、白肉，杂交后代出现了黄肉、白肉，且比例为且比例为1∶11∶1，说明无毛黄肉，说明无毛黄肉B B是杂合子，其基因型为是杂合子，其基因型为ddFfddFf3)(3)无毛黄肉无毛黄肉B(ddFfB(ddFf) )自交，后代黄肉和白肉的分离比自交，后代黄肉和白肉的分离比为为3∶13∶1，即无毛黄肉，即无毛黄肉∶∶无毛白肉无毛白肉=3∶1=3∶1(4)(4)实验实验3 3中的子代基因型为中的子代基因型为DdFfDdFf，其自交后代两种性，其自交后代两种性状均出现状均出现3∶13∶1的分离比，即有毛黄肉的分离比，即有毛黄肉∶∶有毛白肉有毛白肉∶∶无无毛黄肉毛黄肉∶∶无毛白肉无毛白肉=9∶3∶3∶1=9∶3∶3∶15)(5)无毛黄肉无毛黄肉B B的基因型为的基因型为ddFfddFf，无毛黄肉，无毛黄肉C C的基因型为的基因型为ddFFddFF，前者产生，前者产生dFdF、、dfdf配子，后者产生配子，后者产生dFdF配子，后代配子，后代基因型为基因型为ddFFddFF、、ddFfddFf。

答案：答案：(1)(1)有毛　黄肉　有毛　黄肉　(2)DDff(2)DDff、、ddFfddFf、、ddFFddFF　　(3)(3)无无毛黄肉毛黄肉∶∶无毛白肉无毛白肉=3∶1=3∶1(4)(4)有毛黄肉有毛黄肉∶∶有毛白肉有毛白肉∶∶无毛黄肉无毛黄肉∶∶无毛白肉无毛白肉=9∶3∶3∶1=9∶3∶3∶1　　(5)ddFF(5)ddFF、、ddFfddFf【【高考高考还会会这样考考】】(1)(1)果皮有毛和果皮有毛和无毛无毛这对相相对性状中的性状中的显性性状性性状为____________，判断的依据是，判断的依据是实验__________，理，理论依据是依据是__________________________________________________________________________________________有有毛毛1 1或或3 3具有相具有相对性性状的状的纯合合亲本本杂交，交，F F1 1只表只表现显性性状性性状(2)(2)若将若将实验2 2的子代自交，不的子代自交，不发生性状分离的植株所生性状分离的植株所占比例占比例为________原因是________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。

1/21/2实验2 2中得到的子代无毛黄肉的中得到的子代无毛黄肉的基因型有基因型有ddFFddFF、、ddFfddFf两种，且比例两种，且比例为1∶11∶1，只有基因，只有基因型型为ddFFddFF的植株自交后代不的植株自交后代不发生性状分离生性状分离。