高二物理上学期期中试题4 (4).doc

临洮四中2016-2017学年度第一学期期中考试高二物理试题一、选择题（本题共8道小题，每小题8分，共48分）1.（单选）使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（　　）　A．B．C．D．2.（单选）如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞入仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则（ ）A．一定带正电，b一定带负电B．加速度增大，b加速度增大C．电势能减小，b电势能增大D．和b的动能一定都增大3.（单选）如图所示A、B为两块水平放置的金属板，通过闭合的开关S分别与电源两极相连，两板中央各有一个小孔a和b，在a孔正上方某处一带电质点由静止开始下落，不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰为零，然后返回现要使带电质点能穿出b孔，可行的方法是（ ）A. 保持S闭合，将B板适当上移 B. 保持S闭合，将B板适当下移[C. 先断开S，再将A板适当上移 D. 先断开S，再将B板适当下移4.（单选）如图所示电路，电源的电动势为12V，L为灯泡，R1和R2为定值电阻，若用电压表测得A、B两点间的电压为12V，则说明（　　）　A．L、R1和R2都断了　B．L、R1和R2都是好的　C．L是好的，R1和R2中至少有一个断了　D．R1和R2是好的，L断了5. （单选）两只完全相同的电流表，一只改装成电压表，一只改装成电流表，一同学做实验时，误将电压表和电流表串联起来接入电路中，则（　　）　A．两只表的指针都不能偏转　B．两只表的指针偏转角度相等　C．电压表的指针有偏转，电流表的指针几乎不偏转　D．电流表的指针有偏转，电压表的指针几乎不偏转6.（多选）如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（　　）　A．R1：R2=1：3　B．R1：R2=3：1　C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3　D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=3：17.（多选）将一电荷量为+Q 的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。

a、b 为电场中的两点，则（ ）A．a 点的场强与b 点的场强无法比较强弱B．a 点的电势比b 点的高C．检验电荷 - q 在a 点的电势能比在b 点的大D．将检验电荷 - q 从a 点移到b 点的过程中，电场力做负功8.（多选）如图所示，ABCD为匀强电场中相邻的四个等势面，相邻等势面间距离为5cm．一个电子仅受电场力垂直经过电势为零的等势面D时，动能为15eV（电子伏），到达等势面A时速度恰好为零．则下列说法正确的是（　　）　A．场强方向从A指向D　B．匀强电场的场强为100 V/m　C．电子经过等势面C时，电势能大小为5 eV　D．电子在上述等势面间运动的时间之比为1：2：3二、实验题（本题共2道小题,第1题6分, 第2题12分共18分）9. （单选）用伏安法测电阻时，待测电阻大约是10欧，电流表的内阻是1欧，电压表的内阻是5千欧，则（　　）　A．用电流表外接法，此时测量值比真实值大　B．用电流表外接法，此时测量值比真实值小　C．用电流表内接法，此时测量值比真实值大　D．用电流表内接法，此时测量值比真实值小10.（2014秋•市中区校级期中）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡的规格为“3.8V，0.3A”．除了开关、导线外，还有如下器材：电压表V，量程0～5V，内阻约5kΩ；电流表A1，量程0～500mA，内阻约0.5Ω；电流表A2，量程0～100mA，内阻约4Ω；滑动变阻器R1，最大阻值10Ω，额定电流2.0A；滑动变阻器R2，最大阻值100Ω，额定电流1.0A；直流电源E，电动势约为6V，内阻约为0.5Ω．（1）上述器材中，电流表应选　　，滑动变阻器应选　　．（填器材符号）（2）请根据所选的器材，在图甲中用笔画线代替导线，连接实验电路．（3）根据实验数据，通过描点连线得到了小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示．则可确定小灯泡的功率P与U2和I2的关系，下列示意图中正确的是　　．三、计算题（本题共4道小题,第1题8分,第2题10分,第3题16分, ,共34分）11.如图1-77所示，在匀强电场中的M、N两点距离为2 cm，两点间的电势差为5 V,M、N连线与场强方向成60°角，则此电场的电场强度多大？12.在电场中把电量为2.0×10-9C的正电荷从A点移到B点，电场力做功1. 5×10-7J，再把这个电荷从B点移到C点，克服电场力做功4.0×10-7J． (1)求A、C两点间电势差？(2)电荷从A经B移到C，电势能如何变化？变化多少？13.水平放置的两块平行金属板长L，两板间距d，两板间电压为U，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度v0从两板中间射入，已知电子质量m，电荷量e，如图，求：（1）电子偏离金属板时的侧位移y是多少？（2）电子飞出电场时的速度是多少？（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若屏与金属板右端相距S，求OP的长？卷答案1.考点：电荷守恒定律．版权所有分析：当带电金属球靠近不带电的验电器时，由于电荷间的相互作用，而使电荷发生了移动从而使箔片带电．解答：解：由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故只有B符合条件．故选：B．点评：本题根据电荷间的相互作用，应明确同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．2.D3.B4.考点：闭合电路的欧姆定律．版权所有专题：恒定电流专题．分析：由题意知，A、B两点间的电压等于电源的电动势，说明灯L和电源的内阻没有电压，电路中有断路，即可进行分析．解答：解：据题A、B两点间的电压等于电源的电动势，说明灯L和电源的内阻没有电压，电路中有断路．L不可能断路，否则电压表就没有读数了．可知中R1和R2至少有一个断了．故C正确，ABD错误．故选：C点评：本题是故障分析问题，考查分析、判断和推理能力．外电路有断路时，往往电压等于电源电动势的电路有断路．5.考点：把电流表改装成电压表．版权所有专题：实验题．分析：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，通过两电表的电流相等，由于电压表内阻较大，电流较小．解答：解：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，电流相等，但通过电流表的电流大多数从分流电阻通过，故电压表指针有偏转，电流表表头指针偏转角度很小，或者几乎不偏转；故ABD错误，C正确；故选C．点评：本题关键是明确电流表和电压表的改装原理，熟悉串联电路的电流特点，基础题．6.考点：欧姆定律．版权所有专题：恒定电流专题．分析：通过I﹣U图象得出两电阻的关系．串联电路电流相等，并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比．解答：解：A、根据I﹣U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：3；故A正确，B错误；C、串联电路电流处处相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1：I2=1：1．故C错误；D、并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=3：1．故D正确；故选：AD．点评：解决本题的关键知道I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点．7.BDA、电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大，故A错误；B、a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的高．故B正确；C、电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，故C错误；D、由上知，-q在a点的电势能较b点小，则把-q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点，电势能增大，电场力做负功．故D正确。

故选：BD8.考点：带电粒子在匀强电场中的运动；等势面．版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：匀强电场中等势面是平行等间距的直线；只有电场力做功，电势能和动能之和守恒．解答：解：A、电子到达等势面A时速度恰好减为零，说明电场力向下，负电荷受到的电场力方向与电场强度方向相反，故场强方向从D指向A，故A错误；B、从D到A，动能减小15eV，故电场力做功﹣15eV，故有：WDA=﹣eEdDA=﹣15eV，解得E=，故B正确；C、只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故：EkD+EpD=EkA+EpA，解得EPA=15eV；匀强电场中，没前进相同距离电势变化相同，故EpC=5eV，故C正确；D、运用逆向思维，到达A后，假设时间倒流，做初速度为零的匀加速直线运动，根据x=，通过1S、2S、3S的时间之比为，故通过连续三段S时间之比为1：（）：（），故D错误；故选：BC．点评：本题是带电粒子在匀强电场中的匀减速直线运动问题，电势能和动能之和守恒，根据功能关系和匀变速直线运动的规律列方程后联立分析．9.①A1；R1；（2）如图，（3）D，解：①、由题意可知，灯泡的额定电流为0.3A，故电流表选择A1；因本实验中要求从零开始调节，故采用分压接法，滑动变阻器选择小电阻；故选R1；根据电路图连线实物图如下图．②、由P==可知，在P﹣图象中图象上某点与原点连线的斜率为电阻R，而电阻R又随温度的升高而增大，故D正确，C错误，同理在P﹣图象中，图象上某点与原点连线的斜率为电阻倒数，因随温度的升高R增大因而应减小，故AB均错误，本题应选D．故答案为：①A1；R1；（2）如图，（3）D，10.考点：伏安法测电阻．版权所有专题：实验题；恒定电流专题．分析：伏安法测电阻时有电流表内接和外接两种接法，由于实际电压表内阻较大，但不是无穷大，实际电流表内阻较小，也不是零，故两种接法都存在一定的实验误差，要根据实际情况灵活选择，以减小实验误差解答：解：由于本题中因，用电流表内接法时，安培表的分压作用比较明显，误差较大，而用安培表外接法时，电压表的分流作用较小，故应该采用安培表外接法；采用安培表外接法，电压表读数比较准确，由于伏特表的分流作用，电流表的读数偏大，故电阻的测量值偏小，测量值等于待测电阻与伏特表相并联的电阻值；故选：B．点评：本题关键分析清楚电流表内、外接法的误差来源，然后根据实际数据选择误差较小的接法．11.500V/m12.解：(1)UAC==-125（v） (2)EPA-EPC=WAC=WAB+WBC=-2.5×10-7 J, 电势能增加----2分电势能增加了2.5×10-7 J（3分）13.考点：带电粒子在匀强电场中的运动．版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子垂直进入电场，在电场力。