计算机通信与网络期末复习题.pdf

精品文档 . 《计算机通信与网络》复习题 一、单选题 1．在 OSI 网络体系模型中，物理层的数据单元是( A ) A．比特流 B．报文 C．分组 D．帧 2．下列哪个选项不属于多路复用技术？( D ) A．波分多路复用 B．时分多路复用 C. 频分多路复用 D．差分多路复用 3．10Base-T 以太网中，以下说法错误的是（ A ） A．T 指的是以太网 B．Base 指电缆上传输的是基带信号 C．10 指的是传输速率为 10Mb/s D．10Base-T 是以太网的一种配置 4．在 TCP/IP 体系结构中 TCP 协议工作在（ C ） A．网络接口层 B．网际层 C．传输层 D．应用层 5．在 OSI 中，为实现有效. 可靠数据传输，必须对传输操作进行严格的控制和管理，完成这项工作的层次是（ B ） A. 物理层 B. 数据链路层 C. 网络层 D. 运输层 6．关于服务和协议的说法，错误的是( C ) A.（N）层服务是通过（N）服务访问点提供给（N+1）实体的 B.（N）层协议对于（N）层服务用户是透明的 7.ICMP 源抑制报文用来( A )。

A.向源主机通告网络拥塞情况 B.向源主机报告目的地不可达 C.向源主机推荐最佳路由 D.向源主机汇报报文解析出错 8.帧中继网络的功能层次包括( A ) A.物理层和数据链路层 B.物理层、数据链路层和网络层 C.物理层、数据链路层、网络层和运输层 D.物理层、数据链路层、网络层、运输层和应用层 9.关于运输层的正确说法是( D ) A.运输层的主要功能是实现网络主机之间的通信 B.运输层属于面向通信的层次 C.运输层属于用户功能层次 D.运输层提供可靠的数据传输服务 10.关于 CSMA/CD 技术的说法，错误的是( A ) A.CSMA/CD 是以太网采用的介质访问控制方法 B.全称是载波监听多路访问/冲突检测 C.使用 CSMA/CD 技术，用户轮流占用信道 D.其工作原理可以归纳为“先听后发”和“边发边听” 11．企业 Intranet 要与 Internet 互联，必需的互联设备是（ D ） A.中继器 B.调制解调器 C.交换器 D.路由器 12．局域网体系结构中（ B ）被划分成 MAC 和 LLC 两个子层。

精品文档 . A.物理层 B.数据链路层 C.网络层 D.运输层 13．TCP/IP 体系结构中与 ISO-OSI 参考模型的 1、2 层对应的是哪一层（ A ） A.网络接口层 B.传输层 C.互联网层 D.应用层 14．给出 B 类地址 190.168.0.0 及其子网掩码 255.255.224.0，请确定它可以划分（ B ）个子网 A.8 B.6 C.4 D.2 15．在 OSI 参考模型中，第 N 层和其上的第 N+1 层的关系是（ B ） A. 第 N+1 层将为从第 N 层接收的信息增加一个信头 B. 第 N 层利用第 N+1 层的服务 C. 第 N 层对第 N+1 层没有任何作用 D. 第 N 层为第 N+1 层提供服务 16．以下关于 TCP 和 UDP 协议的描述中，正确的是（ C ） A.TCP 是端到端的协议，UDP 是点到点的协议 B.TCP 是点到点的协议，UDP 是端到端的协议 C.TCP 和 UDP 都是端到端的协议 D.TCP 和 UDP 都是点到点的协议 17．IEEE802 标准系列中采用了 CSMA／CD 方法的标准是（ B） 。

A．802.2 B．802.3 C．802.4 D．802.5 18．HDLC 定义了三种类型的站，下列不属于其定义的站的类型是（ B ） A．主站 B．次站 C．从站 D．复合站 19．ATM 的每个信元有 53 个字节，其中信元头为（ A ） A．5 字节 B．15 字节 C．48 字节 D．64 字节 20．在帧中继中和 X.25 协议中类似的是（ A ） A．帧格式 B．差错控制 C．流量控制 D．路由选择功能 二、填空题 1．TCP 报文段的首部中，标志位 SYN 用于____建立 TCP 连接__________时，标志位 FIN 用于____拆除 TCP 连接__________时， 窗口字段则是用于指示接收端接收能力的大小 （用以控制发送端的数据发送量） 2．在连续 ARQ 协议中，若使用 3 个比特来表示帧的序号，则发送窗口尺寸 WT不能超过___23-1=7_____，接收窗口尺寸 WR是_____1__ 3．不管网络有没有划分子网，只要把_____ MAC 地址_______和______ IP 地址______进行逐位相与（AND）的运算，就可以得出网络地址。

4．按照计算机网络覆盖的范围可分为 城域网 、 局域网 和广域网 5．TCP/IP 协议参考模型共分了 4 层，其中 3、4 层是_ 传输层 _、_ 应用层 _ 6．在网络中传输包可通过 数据报 和 虚电路 两种方式传输 7．衡量通信系统性能的主要指标是信道的带宽、数据传输率和 差错率 8．一个 TCP 连接过程分三个阶段，即 连接建立 、 数据传输 和连接释放 三、名词解释 精品文档 . 1．MAC——介质访问控制子层，它负责处理如何接入到相关的传输介质和进行介质共享访问 2．PPP——点-点通信协议，在串行线路连接主机与网络（如家庭用户使用线接入 ISP网络路由器时）运行的专门协议 3．争用技术——又称随机访问技术，即 2 个或多个用户站点竞争使用同一线路或信道 4．通信协议 ——是一套语义和语法规则，用来规定通信双方在通信过程中的操作 5．TDM——一种多路复用技术，它将信道的传输时间划分成多个时间片，多个信源轮流使用时间片，在每一时间片中传输某一路子信号。

6．帧——在链路层上传输的信息报文，由帧头、控制字段、数据字段、帧尾组成 四、画图题 1．用图示法说明 TCP 连接的释放过程 TCP 采用对称释放法来释放连接，通信的双方必须都向对方发送 FIN 置 1 的 TCP 段并得到对方的应答，连接才能被释放，因而释放连接必须经如下图的四个阶段 2．图 44 为运输连接文雅释放的过程，请在指定位置写出①~④的服务原语 答：①__T-CLOSE.request___②__ T-CLOSE.indication__ ③__ _ T-CLOSE.indication___④___ T-CLOSE.request___ 五、计算题 1．某单位申请了一个地址块 200.0.64.0 /20，求： （1）地址块中共有多少个地址？（包括全 0 和全 1 的地址） （2）相当于多少个 C 类地址？ （3）子网掩码是什么？ （4）这个地址块中的最小地址和最大地址分别是什么? 解： （1）地址块中有 12 位留给主机用，因此共有 212=4096 个地址； （2）相当于 212/28=16 个 C 类的网络； （3）子网掩码为：255.255.240.0 （4）最小地址：200.0.64.0/20 最大地址：200.0.79.255/20 2．一个无噪声的 3000HZ 信道，试问传送的二进制信号可允许的数据传输速率是多少？ 解：由于传送的二进制信号是“1” 、 “0”两个电平，所以，N=2。

精品文档 . W=3000HZ，则信道容量，即数据传输速率 C=2W 1b(N） ，故 c=2* 3000log2 2 =2*30000 * 1(bps)=6000bps 2．某数据通信系统要传送的数据 D(x)为 101011011，该系统采用循环冗余校验方法，生成多项式 G(x)=x4+x2+x，则发送方生成的 CRC 代码为？发送的比特序列是？（写出计算过程） 解：被除数为 1010110110000，除数为 10110，运用二进制除法计算得出，余数为 0110，因此发送方生成的 CRC 代码 R(x)为 0110，发送的比特序列是 1010110110110 六、应用题 1．假定网络中的某个路由器建立了如下的路由表： 目的网络 子网掩码 下一跳 128.96.39.0 255.255.255.128 接口 0 128.96.39.128 255.255.255.128 接口 1 128.96.40.0 255.255.255.128 R2 192.4.153.0 255.255.255.192 R3 *默认 — R4 此时到达该路由器的 3 个分组的目的地址分别为： （1）128.96.39.61 （2）192.4.153.33 （3）128.96.40.201 计算分组的下一跳，写出计算过程。

解：依次将目的地址与路由表中的子网掩码做“与”运算，若所得结果与对应该行的目的网络相同则选择该行的下一跳，没有就选择默认目的网络的下一跳 R4 （1）128.96.39.10&255.255.255.128＝128.96.39.0，所以下一跳为：接口 0 （2）192.4.153.33&255.255.255.192＝192.4.153.0，所以下一跳为：R3 （3）128.96.40.201&255.255.255.128＝128.96.40.128， 128.96.40.201&255.255.255.192＝128.96.40.128，所以下一跳为：R4 2． 某学院要新建6 个机房， 每个机房放30 台计算机， 给定一个网络地址空间： 192.168.10.0，请按要求为 6 个机房划分子网，列出子网地址、子网掩码和每个子网主机的 IP 地址范围 解：这是一个 C 类地址，默认的掩码为 255.255.255.0，要划分为 6 个子网，需在主机号内借 3 位作为子网地址，以 27 位表示网络号，则子网掩码是 255.255.255.224 子网 1： 192.168.10.32 掩码： 255.255.255.224 主机 IP：192.168.10.33—62 子网 2： 192.168.10.64 掩码： 255.255.255.224 主机 IP：192.168.10.65—94 子网 3： 192.168.10.96 掩码： 255.255.255.224 主机 IP：192.168.10.97—126 子网 4： 192.168.10.128 掩码： 255.255.255.224 主机 IP：192.168.10.129—158 子网 5： 192.168.10.160 掩码： 255.255.255.224 主机 IP：192.168.10.161—190 子网 6： 192.168.10.192 掩码： 255.255.255.224 主机 IP：192.168.10.193—222 3．设要传输的信息为 m = 1010001，生成多项式 g(x) = x5+x4+x2+1，试生成它的 CRC 循环冗余码，并写出实际传输的位串，并说明在接收端如何进行校验,写出校验过程。

解：生成多项式 g(x)=x5+x4+x2+1，CRC 的除数为 110101，要传输的信息为 m = 1010001 110101 101000100000 110101 111011 精品文档 . 110101 0111000 110101 00110100 110101 00010 因此 CRC 码为 00010，传输码为 101000100010 校验过程：将传输码 101000100010 模 2 除以 CRC 除数 110101，结果应为 0，此时传输正确，否则传输有误 4．依据下图完成路由器 R2 的路由表，各路由器端口 IP 如图所示，子网掩码为255.255.255.0 解： 目的网络 子网掩码 下一跳路由器地址 10.0.0.0 255.255.255.0 20.0.0.7 20.0.0.0 255.255.255.0 — 30.0.0.0 255.255.255.0 — 40.0.0.0 255.255.255.0 30.0.0.1 5．某单位分配到一个 B 类 IP 地址为 129.250.0.0 该单位有 3500 台机器，分布在 16 个不同地点。

请分析： 选用子网掩码为 255.255.255.0 是否合适？ 解：题中选用子网掩码为 255.255.255.0说明在后 16 比特中用前 8 比特划分子网，最后 8比特确定主机，则每个子网最多有 28-2=254 台主机可知 16 个子网的主机共 16×254=4064台主机，题中说明该单位有 3500 台机器，分布在 16 个不同的地点但没有说明这 16 个不同的地点各拥有多少台机器因此： 1） 如果是“平均”分配在 16 个子网中，即 16 个子网中任何一个地点不超过 254 台主机数，则选用这个子网掩码是可以的； 2） 如果某个子网中的机器数超过了 254 台，则选择这样的子网掩码是不合适的 6．设输入信号抽样值 Is=+1160Δ，采用逐次比较型编码器,按 A 律 13 折线编成 8 位码a1a2a3a4a5a6a7a8 解：编码过程如下： （1）确定极性码 a1：由于输入信号抽样值 Is 为正，故极性码 a1=1 网 1 10.0.0.0 网 3 30.0.0.0 网 2 20.0.0.0 10.0.0.4 40.0.0.4 30.0.0.2 20.0.0.9 20.0.0.7 目的主机所在的网络 下一跳路由器的地址 路由器 R2 的路由表 30.0.0.1 R2 R3 R1 0 1 网 4 40.0.0.0 子网掩码 精品文档 . （2）确定段落码 a2a3a4： 经过三次比较得段落码 a2a3a4 为“111” （3）确定段内码 a5a6a7a8:(比较法） 第 8 段的 16 个量化间隔均为 D8=64Δ。

确定 a5： Iω=段落起始电平+8×(量化间隔) =1024+8×64=1536Δ（1 分） 第四次比较结果为 Is＜ Iω ，故 a5=0 确定 a6：Iω =1024+4×64=1280Δ 第五次比较结果为 Is ＜ Iω ，故 a6=0 确定 a7：Iω =1024+2×64=1152Δ 第六次比较结果为 Is＞ Iω ，故 a7=1 确定 a8： Iω =1024+3×64=1216Δ 第七次比较结果为 Is＜Iω ，故 a8=0 +1160Δ 编码：1 111 0010 7．考虑一个具有等距间隔的站点的基带总成 LAN，数据传输速率为 10Mbps，总线长度为1000m，传播速度为 200m/μs，发送一个 1000 位的帧给另一站，以发送开始到接收结束的平均时间是多少？如果两个站点严格地在同一时刻开始发送， 它们的帧将会彼此干扰， 如果每个发送站在发送期间监听总线，多长时间可发现这干扰？ 解： （1）根据题意：t发送时间=1000bit/(10*106bps)=100μs t传输时间=1000m/(200m/μs )=5μs 所以从发送开始到接收结束的平均时间为：t发送时间+ t传输时间=100μs+5μs=105μs （2）根据题意，应该在两站之间的中点处发生碰撞，则可发现这种干扰的时间为： t=(2*500m)/( 200m/μs)=5μs 。