高考利器利用洛必达法则来处理高考中的恒成立问题可打印

利用洛必达法则来处理高考中的恒成立问题2010年和2011年高考中的全国新课标卷中的第21题中的第步，由不等式恒成立来求参数的取值范围问题，分析难度大，但用洛必达法则来处理却可达到事半功倍的效果。一洛必达法则法则1 若函数f(x) 和g(x)满足下列条件：(1) 及； (2)在点a的去心邻域内，f(x) 与g(x) 可导且g(x)0； (3)，那么 =。 法则2 若函数f(x) 和g(x)满足下列条件：(1) 及； (2)，f(x) 和g(x)在与上可导，且g(x)0； (3)，那么 =。 法则3 若函数f(x) 和g(x)满足下列条件：(1) 及； (2)在点a的去心邻域内，f(x) 与g(x) 可导且g(x)0； (3)，那么 =。利用洛必达法则求未定式的极限是微分学中的重点之一，在解题中应注意： 将上面公式中的xa，x换成x+，x-，洛必达法则也成立。洛必达法则可处理，型。在着手求极限以前，首先要检查是否满足，型定式，否则滥用洛必达法则会出错。当不满足三个前提条件时，就不能用洛必达法则，这时称洛必达法则不适用，应从另外途径求极限。 若条件符合，洛必达法则可连续多次使用，直到求出极限为止。二高考题处理1.(2010年全国新课标理)设函数。（1） 若，求的单调区间；（2） 若当时，求的取值范围原解：（1）时，.当时，；当时，.故在单调减少，在单调增加（II）由（I）知，当且仅当时等号成立.故，从而当，即时，而，于是当时，.由可得.从而当时，故当时，而，于是当时，.综合得的取值范围为原解在处理第（II）时较难想到，现利用洛必达法则处理如下：另解:（II）当时，对任意实数a,均在；当时，等价于令(x0),则，令，则，知在上为增函数，；知在上为增函数，；，g(x)在上为增函数。由洛必达法则知，故综上，知a的取值范围为。2（2011年全国新课标理）已知函数，曲线在点处的切线方程为。（）求、的值；（）如果当，且时，求的取值范围。原解：（）由于直线的斜率为，且过点，故即解得，。（）由（）知，所以。考虑函数，则。（i）设，由知，当时，h（x）递减。而故当时， ，可得；当x（1，+）时，h（x）0从而当x0,且x1时，f（x）-（+）0，即f（x）+.（ii）设0k0,故 （x）0,而h（1）=0，故当x（1，）时，h（x）0，可得h（x）0,而h（1）=0，故当x（1，+）时，h（x）0，可得 h（x）0,与题设矛盾。 综合得，k的取值范围为（-，0原解在处理第（II）时非常难想到，现利用洛必达法则处理如下：另解：（II）由题设可得，当时，k=0在上为增函数=0当时，当x（1，+）时，当时，当x（1，+）时，在上为减函数，在上为增函数由洛必达法则知，即k的取值范围为（-，0规律总结：对恒成立问题中的求参数取值范围，参数与变量分离较易理解，但有些题中的求分离出来的函数式的最值有点麻烦，利用洛必达法则可以较好的处理它的最值，是一种值得借鉴的方法。从高考题看含参不等式恒成立问题的解题策略 海口一中 操冬生 已知不等式恒成立，求参数的取值范围问题是中学数学的重要内容之一，是函数、方程、不等式交汇处一个较为活跃的知识点。这类问题以含参不等式“恒成立”为载体，镶嵌函数、方程、不等式等内容，综合性强，思想方法深刻，能力要求较高，因而成为近几年高考试题中的热点。为了对含参不等式恒成立问题的解题方法有较全面的认识，本文以2010年高考试题的解法为例，对此类问题的解题策略作归纳和提炼，供大家参考。一 分离参数，转化为求函数的最值对于变量和参数可分离的不等式，可将参数分离出来，先求出含变量一边的式子的最值，再由此推出参数的取值范围。例1（2010年全国卷1理）已知函数（）若，求的取值范围（）证明:解析：（） ，由得，令，于是，问题化为求函数的最大值。，当时，；当时，。当时，有最大值， （）略。评析：含参不等式分离参数后的形式因题、因分法而异，因此解决含参不等式恒成立问题需把握住下述结论：（1）恒成立；（2）恒成立；（3）恒成立。（4）恒成立。二 分离参数，转化为求函数的确界如果分离参数后相应的函数不存在最值，为了能够利用分离参数思想解决含参不等式恒成立问题，我们利用如下的函数确界的概念：函数 的上确界为，记作；函数 的下确界为，记作。于是，有如下结论：（1）若无最大值，而有上确界，这时要使恒成立，只需。（2）若无最小值，而有下确界，这时要使恒成立，只需。例2 （2010年湖南卷理）已知函数，对任意的，恒有（）证明：当时，（）若对满足题设条件的任意，不等式恒成立，求的最小值。解析：（）略。（）由即恒成立，得从而，等号当且仅当，即时成立（1）当 时， ，令，则，则因为函数 （）的最大值不存在，但易知其上确界为 （2）当时，或0，从而恒成立综合（1）（2）得的最小值为例3 （2010年全国卷理）设函数（）若，求的单调区间。（）若时，求的取值范围。解析：（）由对所有的成立，可得（1）当时，；（2）当时，设，问题转化为求的最小值或下确界。，令，因为，又的二阶导数，的三阶导数，所以是增函数，故，所以增函数，故，所以是增函数，故，从而，于是在上单调递增，故无最小值，此时，由于无意义，但运用极限知识可得。由洛必达法则可得： 故时，。因而，综合（1）（2）知取值范围为。评析：用分离参数法求解本题，最大的难点在于求分离参数后所得函数的下确界，应用洛必达法则求超出了中学所学知识范围。显然，这不是命题者的意图。因此，我们应该探求这类问题的另一种更为一般地思考途径。三 从研究函数的性质入手，转化为讨论函数的单调性和极值 对于不能分离参数或分离参数后求最值或确界较困难的问题，如例3，我们可以把含参不等式整理成或的形式，然后从研究函数的性质入手，转化为讨论函数的单调性和极值。在解题过程中常常要用到如下结论：（1）如果有最小值，则恒成立，恒成立；（2）如果有最大值，则恒成立，恒成立。例4（2010年天津文）已知函数 其中（）若，求曲线在点处的切线方程，（）若在区间上，恒成立，求的取值范围解析：（）略。（），令，解得或（1）若，则，于是当时，；当时，。所以当时，有极大值。于是时，等价于解得 （2）若，则，于是当时，；当时，当时，。所以，当时，有最大值，当时，有最小值。于是时，等价于解得或，因此，综合（1）（2）得 例5：内容同例3解析：（）略（），由方程不能求出极值点。显然，用例4的解法是行不通的，但我们注意到，故问题转化为在时恒成立，即函数在为不减函数，于是可通过求导判断的单调性，再求出使成立的条件。由（）有，当且仅当时成立，故，而当，即时 是上的不减函数，当时，由 可得故当时，而，于是当时 综合得评析：函数、不等式、导数既是研究的对象，又是解决问题的工具。本题抓住这一重要的解题信息，将问题转化为在时恒成立，通过研究函数在上是不减函数应满足的条件，进而求出的范围。隐含条件对解题思路的获得，起到了十分重要的导向作用。从以上高考题的解法可知：以函数的观点作指导，用导数知识作工具，从研究函数的单调性、最值（极值）等问题入手，将含参不等式恒成立问题转化为研究函数的性质问题，是确定恒不等式中参数取值范围问题的重要思考方法。对这类问题的处理，需要考生具备过硬的导数、不等式知识，并能灵活运用这些知识研究函数的性质等问题。在高三复习课教学中，有意识地给学生这方面的训练，对培养他们的数学综合素质是大有好处的。 洛必达法则一. 微分学中值定理拉格朗日中值定理 如果函数在闭区间a,b上连续，在开区间(a,b)内可导，那末在(a,b)内至少有一点c，使 即成立。 这个定理的特殊情形，即：的情形，称为罗尔定理。罗尔定理 若在闭区间a,b上连续，在开区间(a,b)内可导，且，那末在(a,b)内至少有一点c，使成立。 下面我们在学习一条通过拉格朗日中值定理推广得来的定理柯西中值定理柯西中值定理 如果函数，在闭区间a，b上连续，在开区间(a，b)内可导，且0，那末在(a，b)内至少有一点c，使成立。在求函数的极限时，常会遇到两个函数、都是无穷小或都是无穷大时，求它们比值的极限，此时极限可能存在，也可能不存在通常把这种极限叫做未定式，并分别简称为型或型。例如，就是型的未定式；而极限就是型的未定式我们容易知道，对于未定式的极限求法，是不能应用商的极限等于极限的商这个法则来求解的，那么我们该如何求这类问题的极限呢？计算未定式的极限往往需要经过适当的变形，转化成可利用极限运算法则或重要极限的形式进行计算. 这种变形没有一般方法，需视具体问题而定，属于特定的方法. 本节将用导数作为工具，给出计算未定式极限的一般方法，即洛必达法则. 本节的几个定理所给出的求极限的方法统称为洛必达法则.一、型未定式 定理1 设函数、满足下列条件：（1），；（2）与在的某一去心邻域内可导，且；（3）存在（或为无穷大），则 这个定理说明：当存在时，也存在且等于；当为无穷大时，也是无穷大这种在一定条件下通过分子分母分别求导再求极限来确定未定式的极限值的方法称为洛必达（ospital）法则.例1计算极限.解 该极限属于“”型不定式，于是由洛必达法则，得.例2计算极限解 该极限属于“”型不定式，于是由洛必达法则，得注 若仍满足定理的条件，则可以继续应用洛必达法则，即例3 计算极限解 由洛必达法则，得例4计算极限解 二、型未定式定理2 设函数、满足下列条件：（1），；（2）与在的某一去心邻域内可导，且；（3）存在（或为无穷大），则 注：上述关于时未定式型的洛必达法则，对于时未定式型同样适用例5 计算极限解 此极限满足洛必达法则，于是得例6 计算极限解 所求问题是型未定式，连续次施行洛必达法则，有例7 计算极限解 （利用等价无穷小量代换）使用洛必达法则时必须注意以下几点：（1）洛必达法则只能适用于“”和“”型的未定式，其它的未定式须先化简变形成“”或“”型才能运用该法则；（2）只要条件具备，可以连续应用洛必达法则；（3）洛必达法则的条件是充分的，但不必要因此，在该法则失效时并不能断定原极限不存在习题4-61.用洛必达法则求下列极限：（1）；（2）；（3）；