2013高考数学考前60天冲刺押题之解析几何
2013高考数学考前60天冲刺押题解析几何【押题1】已知常数m > 0 ,向量a = (0, 1),向量b = (m, 0),经过点A(m, 0),以a+b为方向向量的直线与经过点B(- m, 0),以b- 4a为方向向量的直线交于点P,其中R(1) 求点P的轨迹E;w.w.w.k.s.5.u.c.o.m(2) 若,F(4, 0),问是否存在实数k使得以Q(k, 0)为圆心,|QF|为半径的圆与轨迹E交于M、N两点,并且|MF| + |NF| =若存在求出k的值;若不存在,试说明理由【押题指数】【解析1】(1) a+b = ( m,), 直线AP方程为;又b - 4a =(m, - 4), 直线NP方程为;由、消去得 ,即 故当m = 2时,轨迹E是以(0, 0)为圆心,以2为半径的圆:x2 + y2 = 4;当m > 2时,轨迹E是以原点为中心,以为焦点的椭圆:当0 < m <2时,轨迹E是以中心为原点,焦点为的椭圆(2)假设存在实数k满足要求,此时有圆Q:(x- k)2 + y2 = (4- k)2 ;椭圆E:;其右焦点为F(4 , 0 ),且由圆Q与椭圆E的方程联立得2y2- 5kx + 20k- 30 = 0, 设M(x1, y1), N(x2, y2), 则有, =25k2- 4×2(20k- 30),又 |MF| =, |NF| =, 而; +,由此可得,由、得k = 1,且此时0故存在实数k = 1满足要求【押题2】在直角坐标平面上,O为原点,M为动点,. 过点M作MM1y轴于M1,过N作NN1x轴于点N1,. 记点T的轨迹为曲线C,点A(5,0)、B(1,0),过点A作直线l交曲线C于两个不同的点P、Q(点Q在A与P之间). (1)求曲线C的方程;试题编辑zccsxm (2)证明不存在直线l,使得|BP|=|BQ|; (3)过点P作y轴的平行线与曲线C的另一交点为S,若,证明【押题指数】【解析】(1)设点T的坐标为,点M的坐标为,则M1的坐标为(0,),于是点N的坐标为,N1的坐标为,所以由由此得由即所求的方程表示的曲线C是椭圆. 3分 (2)点A(5,0)在曲线C即椭圆的外部,当直线l的斜率不存在时,直线l与椭圆C无交点,所以直线l斜率存在,并设为k. 直线l的方程为由方程组依题意当时,设交点PQ的中点为,则又而不可能成立,所以不存在直线l,使得|BP|=|BQ|.7分 (3)由题意有,则有方程组 由(1)得 (5)将(2),(5)代入(3)有整理并将(4)代入得,易知因为B(1,0),S,故,所以【押题3】已知离心率为的双曲线C的中心在坐标原点,左、右焦点F1、F2在轴上,双曲线C的右支上一点A使且的面积为1。(1) 求双曲线C的标准方程;(2) 若直线与双曲线C相交于E、F两点(E、F不是左右顶点),且以EF为直径的圆过双曲线C的右顶点D。求证:直线过定点,并求出该定点的坐标。【押题指数】【解析】(1)由题意设双曲线的标准方程为,由已知得:解得且的面积为1,双曲线C的标准方程为。(2)设,联立得显然否则直线与双曲线C只有一个交点。即则又试题编辑zccsxm以EF为直径的圆过双曲线C的右顶点D(2,0)即化简整理得 ,且均满足当时,直线的方程为,直线过定点(2,0),与已知矛盾!当时,直线的方程为,直线过定点(,0)直线定点,定点坐标为(,0)。【押题4】已知圆:x2+y2=c2(c0),把圆上的各点纵坐标不变,横坐标伸长到原来的倍得一椭圆。求椭圆方程,并证明椭圆离心率是与c无关的常数;设圆与x轴交点为P,过点P的直线l与圆的另一交点为Q,直线l与椭圆的两交点为M、N,且满足,求直线l的倾斜角。【押题指数】【解析】设R(x,y)是圆:x2y2=c2上任一点,则S(x,y)在所求椭圆上的点,设S(u,v),有u=x,v=y即x=,y=v代入圆的方程得:故所求的椭圆方程为:椭圆的长半轴的长为c,半焦距为c,故离心率e=与c无关。设直线l的方程为:x=ctcos y=tsin (t为参数,为倾斜角) 把代入圆的方程得:(ctcos)cos2(tsin)2=c2整理得:t22ccost2=0 设的两根为t1、t2,解得:t1=0,t2=2ccos 把代入椭圆方程得:(ctcos)2+2(tsin)2=2c2 整理得:(1+sin2)t22ccostc2=0 设方程的两根为t3、t4,由韦达定理:t3t4=,t3t4=,=又故有:即cos2(1+sin2)2=1整理得:又0,)sin=0=0或sin2=故得:或。综合得:=0或或。【押题5】已知点(x,y)在椭圆C:(ab0)上运动求点的轨迹C方程;若把轨迹C的方程表达式记为:y=f(x),且在内y=f(x)有最大值,试求椭圆C的离心率的取值范围。【押题指数】【解析】椭圆C:的参数方程为:为参数),又设点是轨迹C上任意一点,则轨迹C的参数方程为:(为参数)消去参数得:把换成x,y,所求轨迹C的方程为: 把方程表达为函数解析式:,下证函数在上是增函数,在上是减函数。设x1x20,作差= 当0时,则有0于是得到:01故由式知:0当时,则有于是得到:1故由式知:0故得到函数在上是增函数,在上是减函数。因此在(上有最大值,当且仅当时取到最大值。要使函数在内取到最大值,则只要设椭圆半焦距为c,于是有e1即符合题意的离心率的取值范围是。【押题6】已知过椭圆右焦点且斜率为1的直线交椭圆于、两点,为弦的中点;又函数的图像的一条对称轴的方程是。(1) 求椭圆的离心率与;(2) 对于任意一点,试证:总存在角使等式: 成立.【押题指数】【解析】1)函数.又,故为第一象限角,且. 函数图像的一条对称轴方程式是: 得又c为半点焦距, 由知椭圆C的方程可化为 (1) 又焦点F的坐标为(),AB所在的直线方程为 (2) (2)代入(1)展开整理得 (3) 设A(),B(),弦AB的中点N(),则是方程(3)的两个不等的实数根,由韦达定试题编辑zccsxm理得 (4) 即为所求。 2)与是平面内的两个不共线的向量,由平面向量基本定理,对于这一平面内的向量,有且只有一对实数使得等式成立。设由1)中各点的坐标可得:又点在椭圆上,代入(1)式得 化为: (5) 由(2)和(4)式得 又两点在椭圆上,故1有入(5)式化简得: 由得到又是唯一确定的实数,且,故存在角,使成立,则有若,则存在角使等式成立;若由与于是用代换,同样证得存在角使等式:成立.综合上述,对于任意一点,总存在角使等式:成立.【押题7】抛物线C的方程为,作斜率为的两条直线,分别交抛物线C于A两点(P、A、B三点互不相同),且满足 (1)求抛物线C的焦点坐标和准线方程; (2)设直线AB上一点M满足证明:线段PM的中点在y轴上; (3)当时,若点P的坐标为(1,1),求PAB为钝角时,点A的纵坐标的取值范围.【押题指数】【解析】(1)由抛物线C的方程得,焦点坐标为 (2)设直线PA的方程为点 的解将式代入式,得,于是 又点 的解将式代入式,得,于是 由已知得, 设点M的坐标为将式和式代入上式,得所以线段PM的中点在y轴上 (3)因为点P(1,1)在抛物线由式知将代入式得因此,直线PA、PB分别与抛物线C的交点A、B的坐标为试题编辑zccsxm故当即【押题8】已知椭圆C的中心为坐标原点,F1、F2分别为它的左、右焦点,直线x=4为它的一条准线,又知椭圆C上存在点M使 (1)求椭圆C的方程; (2)若PQ为过椭圆焦点F2的弦,且内切圆面积最大时实数的值.【押题指数】【解析】(1)据题意,设椭圆C的方程为 ,直线x=4 为椭圆C的准线, 又, M为椭圆C短轴上的顶点,F1MF2为等边三角形且,椭圆C的方程为 (2)显然直线PQ不与x轴重合,当PQ与x轴垂直,即直线PQ分斜率不存在时,当直线PQ斜率存在时,设它的斜率为k,则直线PQ的方程为,代入椭圆C的方程,消去x的并整理得: 则设4k2+3=t,则t>3,此时综上,直线PQ与x轴垂直时,PF1Q的面积最大,且最大面积为3. 设PF1Q内切圆半径为r,则时,PF1Q内切圆面积最大,此时不存在,直线PQ与x轴垂直,【押题9】已知椭圆,通径长为1,且焦点与短轴两端点构成等边三角形. (1)求椭圆的方程; (2)过点Q(1,0)的直线l交椭圆于A,B两点,交直线x=4于点E,点Q分 所成比为,点E分所成比为,求证+为定值,并计算出该定值.【押题指数】【解析】(1)由条件得,所以方程 (2)易知直线l斜率存在,令试题编辑zccsxm由由由由(1)将代入有【名校试题】1.【浙江省2012届重点中学协作体高三第二学期3月调研】在直角坐标系上取两个定点,再取两个动点 ,且. ()求直线与交点的轨迹的方程; ()已知点()是轨迹上的定点,是轨迹上的两个动点,如果直 线的斜率与直线的斜率满足,试探究直线的斜 率是否是定值?若是定值,求出这个定值,若不是,说明理由解:()依题意知直线的方程为: 2分直线的方程为: 3分设是直线与交点,×得由整理得 4分不与原点重合点不在轨迹M上5分轨迹M的方程为()6分()点()在轨迹M上解得,即点A的坐标为7分设,则直线AE方程为:,代入并整理得9分 设, 点在轨迹M上, ,