云南省玉溪市高中毕业生第三次教学质量检测理科数学
理科数学第卷(选择题 共60分)一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1.已知集合,则( )A B C D2.设复数满足,则( )A B C D3.各项均为正数的等差数列。其公差,前项和为,若构成等比数列,则下列能构成等比数列的是( )A B C D4.已知为异面直线,为两个不同的平面,直线满足,则( )A且 B且 C且 D且5. 的展开式中项的系数是( )A3 B12 C17 D356.下列程序框图的输出结果为的是( )A BCD7.变量满足约束条件,若的最大值为2,则实数等于( )A B-1 C1 D8.若正数满足,则取最小值时的值为( )A1 B3 C4 D59.某几何体的三视图如图1所示,且该几何体的体积是3,则正视图中的的值是( )A2 B C D310.设函数,对任意恒成立,则实数的取值范围是( )A B C D11.棱长为的正四面体内切一球,然后在正四面体和该球形成的空隙处各放入一个小球,则这些小球的最大半径为( )A B C D12.已知椭圆,为其左、右焦点,为椭圆上除长轴端点外的任一点,为内一点,满足,的内心为,且有(其中为实数),则椭圆的离心率( )A B C D第卷(非选择题 共90分)二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,将答案填在答题纸上)13.圆与直线及,都相切,圆心在直线上,则圆的方程为_14.关于的一元二次方程,若是从区间任取的一个数,则上述方程有实根的概率为_15.8个相同的球放入标号为1,2,3的三个盒子中,每个盒子中至少有一个,共有_种不同的放法16.边长为的正三角形,其内切圆与切于点为内切圆上任意一点,则的取值范围为_三、解答题 (共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.) 17.(本小题满分12分)已知的内角的对边分别为,且(1)求;、(2)若点为边的中点,求面积的最大值18.(本小题满分12分)一个袋子里装有6个球,其中有红球4个,编号均为1,白球2个,编号分别为2,3(假设取到任何一个球的可能性相同)(1)现依次不放回地任取出两个球,求在第一个球是红球的情况下,第二个球也是红球的概率;(2)现甲从袋中任取两个球,记其两球编号之和为,待甲将球放回袋中后,乙再从袋中任取两个球,记其两球编号之和为,求的概率19.(本小题满分12分)如图2,直三棱柱,分别是与的中点,且,平面平面(1)求证:;(2)求平面与平面所成二面角的平面角的余弦值的绝对值20.(本小题满分12分)已知椭圆,作直线交椭圆于两点,为线段的中点,为坐标原点,设直线的斜率为,直线的斜率为(1)求椭圆的离心率;(2)设直线与轴交于点,且满足,当的面积最大时,求椭圆的方程21.(本小题满分12分)已知函数(1)若恒成立,试确定实数的取值范围;(2)证明:请考生在22、23、24三题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.22.(本小题满分10分)选修4-1:几何证明选讲如图3,在中,是的平分线,的外接圆交于点是的切线交于点,且(1)若为的中点,求的长;(2)求23. (本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程已知平面直角坐标系,以为极点,轴的非负半轴为极轴建立极坐标系,点极坐标系为,曲线的参数方程为(为参数)(1)写出点的直角坐标及曲线的直角坐标方程;(2)若为曲线上的动点,求的中点到直线的距离的最小值24. (本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲已知函数(1)当时,求不等式的解集;(2)若的解集包含,求的取值范围参考答案一、 选择题题号123456789101112答案【解析】1不等式的解集与不等式组相同,即,所以,故选2由得,故选4由,直线满足知,又得,故选5展开式的通项公式为,其中,由,得,则,或,或,或,的系数为,故选6选项的程序框图输出的结果为;选项的程序框图输出的结果为;选项的程序框图输出的结果为; 选项的程序框图输出的结果为,故选7由约束条件,作出可行域如图1,联立,解得,化目标函数为,由图可知,当直线过点时,直线在轴上的截距最小,有最大值为,解得,故选8正数满足,当且仅当即且时取等号,取最小值时的值为1,故选9根据题图中的三视图判断几何体为四棱锥,其直观图如图2所示,故选10由题意恒成立,即,易知,故选11,故选12设,由题意可知为的重心,点坐标为,轴,的纵坐标为在焦点中,又为的内心,的纵坐标长度即为内切圆半径,内心把分为三个底分别为的三边,高为内切圆半径的小三角形,即,椭圆的离心率,故选二、填空题题号13141516答案21【解析】13设圆心坐标为,则有,解得,则,所以圆的方程为14方程有实根,则,即,解得或,所以概率为15将8个球排成一排,形成7个空隙,在7个空隙中任取两个插入两块隔板,共有种放法16以点为坐标原点,所在直线为轴建立平面直角坐标系,如图3所示,则点,内切圆的方程为,设点,则三、解答题17解:(1)因为,由正弦定理知,即,又由为的内角,故而,所以又由为的内角,故而6分(2)如图4,因为点为边的中点,故而,两边平方得,又由(1)知,设,即,所以,即,当且仅当时取等号又,故而当且仅当时,取到最大值12分18解:(1)由于是不放回地取球,在一个红球被取出的情况下,袋中剩3个红球和2个白球,故而第二个球也取到红球的概率是4分(2)由题意可知,甲、乙取球相互独立,且与的分布列相同,而的可能取值是2,3,4,5,且,8分所以,所以的概率为12分19(1)证明:由题意知,是平面与平面的交线,如图5,在平面中过点作的垂线,垂足为,即又由于平面平面,所以平面,则由三棱柱为直三棱柱,平面,则又由及得平面,所以6分(2)解:由三棱柱为直三棱柱及,则两两垂直,建立如图5所示空间直角坐标系,由,则又,则,所以设为平面的法向量,则,即,令,则,所以平面的一个法向量为设为平面的法向量,则,即令,则,所以平面的一个法向量为设为平面与平面所成二面角的平面角,则12分20解:(1)设,代入椭圆的方程有,2分两式相减:,即,又,联立两个方程有,4分解得5分(2)由(1)知,得,可设椭圆方程为设直线的方程为,代入椭圆的方程有,6分因为直线与椭圆相交,所以,由韦达定理得又,所以,代入上述两式有,8分所以9分,10分当且仅当时,等号成立此时,代入有成立,所以所求椭圆方程为12分21(1)解:由有,即,令,解得2分在上,在上,所以在时,取得最大值,即4分(2)证明:由(1)知,当时,令,有,即6分,9分令,有11分+有:12分22解:(1)因为为的中点,所以由割线定理知,所以,2分可得4分又因为是的平分线,所以5分(2)因为是圆的切线,为切点,为圆的割线,由切割线定理知,因为,所以,即,8分由,所以10分23解:(1)点的直角坐标为;2分由得 ,3分将代入,可得曲线的直角坐标方程为5分(2)直线的直角坐标方程为6分设点的直角坐标为,则,8分那么到直线的距离,(当且仅当时取等),所以到直线的距离的最小值为10分24解:(1)当时,2分当时,由得,解得;当时,无解;当时,由得,解得,所以的解集为5分(2)等价