【解析版】江苏省苏州市第五中学2017-2018学年高一下学期期末考试物理试题 word版含解析

1、江苏省苏州市第五中学2017-2018学年高一第二学期期末调研测试物理试题一、单选题1.火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行，根据开普勒行星运动定律可知A. 火星与木星公转周期平方与轨道半长轴立方之比相等B. 火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等C. 太阳位于木星运行轨道的中心D. 它们在近日点速度小于远日点速度【答案】A【解析】【分析】熟记理解开普勒的行星运动三定律：第一定律：所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭圆的一个焦点上。第二定律：对每一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等。第三定律：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等。【详解】若行星的公转周期为T，则K常量K与行星无关，与中心体有关，即火星与木星公转周期平方与轨道半长轴立方之比相等，故A正确；第二定律：对每一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等。行星在此椭圆轨道上运动的速度大小不断变化，故B错误；第一定律的内容为：所有行星分别沿不同大小的椭圆轨道绕太阳运动，太阳处于椭圆的一个焦点上。故C错误; 第二定律：对每一个行星而言，太阳行星的连线在相同时间内扫过

2、的面积相等，即它们在近日点速度大于远日点速度，故D错误；故选A。2.一个半径是地球3倍、质量是地球36倍的行星，它表面的重力加速度是地面重力加速度的( ).A. 18倍 B. 13.5倍 C. 6倍 D. 4倍【答案】D【解析】【分析】据万有引力等于重力求出重力加速度的表达式，从而得出行星表面的重力加速度是地面重力加速度的倍数【详解】根据Gmg得，重力加速度g=因为行星的半径是地球半径的3倍，质量是地球质量的36倍，则行星表面的重力加速度是地面重力加速度的4倍，故选D3.如图所示，质量分别为m1和m2的两个物体，m1W2 B. W1W2C. W1=W2 D. 条件不足，无法确定【答案】C【解析】试题分析：由题意可得和大小和方向相同，并且物体移动的位移也相同，所以由功的公式可知，它们对物体做的功是相同的，所以C正确故选C考点：功的计算点评：恒力做功，根据功的公式直接计算即可，比较简单4.质量为m的小球，从离地面h高处以初速度v0竖直上抛，小球上升到最高点时离抛出点距离为H，若选取最高点为零势能面，不计空气阻力，则( )A. 小球在抛出点(刚抛出时)的机械能为零B. 小球落回抛出点时的机械

3、能mgHC. 小球落到地面时的动能为D. 小球落到地面时的重力势能为mgh【答案】A【解析】A、B、D项：选取最高点位置为零势能参考位置，小球上升到最高点时，动能为0，势能也为0，所以在最高点的机械能为0，在小球运动过程中只有重力做功，机械能守恒，故任意位置的机械能都为0，所以小球落回到抛出点时的机械能是0，故A正确，B错误，D错误；C项：从抛出点到落地过程中，只有重力做功，由动能定理得：，解得，落地时的动能，故C错误。点晴：本题关键抓住小球机械能守恒，在空间任意一点的机械能都相等，故可以用空间任意一点的机械能表示。5.关于元电荷和点电荷下列说法错误的是A. 元电荷的值通常取作e = 1.6010-19CB. 所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C. 元电荷实际上是指电子和质子本身D. 一个带电体能否看成点电荷，不是看他尺寸的绝对值，而是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计【答案】C【解析】【分析】元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍。【详解】元电荷

4、的值通常取作e = 1.6010-19C，选项A正确；所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，选项B正确；元电荷是指最小的电荷量，不是指质子或者是电子，故C错误；一个带电体能否看成点电荷，不是看他尺寸的绝对值，而是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计，选项D正确；此题选择不正确的选项，故选C.6.如图所示，带电小球A固定在绝缘支架上，小球B用绝缘细线悬挂，细线向右倾斜 ()A. A、B带异种电荷B. 将A向右移动稍许，细线偏离竖直方向的幅度减小C. 将A向左移动稍许，细线偏离竖直方向的幅度增大D. 增大A的带电量，细线偏离竖直方向的幅度增大【答案】D【解析】A、对B球受力分析，受重力、静电斥力和细线的拉力，由于是静电斥力，故两个球带同种电荷，均带正电荷，故选项A错误；B、根据库仑定律：可知，当将A向右移动稍许，即距离减小，则库仑力增大，则细线偏离竖直方向的幅度增大，故选项B错误；C、根据库仑定律：可知，当将A向左移动稍许，即距离增大，则库仑力减小，则细线偏离竖直方向的幅度减小，故选项C错误；D、根据库仑定律：可知，增大A的带电量，则库仑力增大，则细线偏离竖直方向的幅度增大，

5、故选项D正确。点睛：该题结合共点力的平衡考查库仑定律，解答本题关键是明确静电力的基本特性，知道库仑定律的内容。7.某电场的电场线如图所示，M、N两点相距为d，则（ ）A. M点场强小于N点场强B. M点电势低于N点电势C. 正电荷在M点受到的电场力方向由M指向ND. 若E为M点的场强，则M、N两点间电势差等于Ed【答案】C【解析】A：电场线的疏密表示电场的强弱，则M点场强大于N点场强。故A项错误。B：顺着电场线电势降低，则M点电势高于N点电势。故B项错误。C：电场线的切线方向表示场强方向，正电荷所受电场力方向与电场强度的方向相同；则正电荷在M点受到的电场力方向由M指向N。故C项正确。D：电场线的疏密表示电场的强弱，从M点到N点场强逐渐减小；若E为M点的场强，M、N两点间电势差小于Ed。故D项错误。点睛：在电场中画一些曲线，用（虚线或实线表示）使曲线上任何一点的切线方向都跟这一点的电场方向相同（且电场线互不交叉），这些曲线叫电场线。电场线是起始于正电荷（无穷远处），终止于负电荷（无穷远处）。需要注意的是电场线是人为的假设的曲线，不真实存在。8.下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适

6、用于匀强电场的有( ).场强E=F/q 场强E=U/d 场强E=kQ/r2 电场力做功W=UqA. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：题中的四个物理公式，分别是：电场强度的定义式、匀强电场中电场强度与电势差的关系公式、点电荷产生的电场的场强公式和电场力做功与电势差关系公式；结合物理公式得出的过程进行分析即可解：电场强度E=是用比值定义法得出的物理量，是从力角度研究电场的物理量，适用于任意电场，故正确；匀强电场中沿场强方向电势降低最快，且没前进相同距离电势的降低相等，故匀强电场中任意两点的间的电势差与两点沿电场线的距离成正比；故电场强度与电势差的关系公式U=Ed仅仅适用与匀强电场，故错误；电场力做功与电势差的关系公式W=qU，反映了在电场中任意两点间移动电荷时，电场力做功与两点间电势差成正比，适用于任意电场，故正确；点电荷产生的电场的场强公式E=是由电场强度的定义式和库仑定律联立得到，反映了点电荷的电场中任意一点的电场强度与该点的空间位置和场源电荷的电荷量的关系，而电场有多种，不是只有点电荷有电场，故错错误；故选：A【点评】本题关键是要熟悉有关电场的各个公式，要知道公式的推导

7、过程，从而能够确定公式的适用范围二、多选题9.当某一电容器的电压是40V时，它所带电量足0.2C，若它的电压降到20V时，则( ).A. 电容器的电容减少一半 B. 电容器的电容不变C. 电容器的带电量减少一半 D. 电容器带电量不变【答案】BCD【解析】试题分析：根据公式可得，当电压减小但20V时，有：，故Q=0.1C，即电荷量减小为原来的一半，电容器的电容和所带电荷量以及电压无关，电容不变，A错误，BC正确，电容器所带的电荷量是指每个极板所带电荷量的绝对值，D正确，故选BCD考点：考查了对电容的理解点评：电容和两极板间的电压以及两极板所带电荷量的大小无关，只与其本身的性质有关，10.两颗人造地球卫星，它们质量的比m1:m2=1:2，它们运行的线速度的比是v1:v2=1:2，那么( ).A. 它们运行的周期比为8:1B. 它们运行的轨道半径之比为1:4C. 它们所受向心力的比为1:32D. 它们运动的向心加速度的比为1:16【答案】ABC【解析】A、B、根据万有引力提供向心力，解得；它们运行的线速度的比是v1:v2=1:2，所以则轨道半径比r1:r2=4:1;周期，故周期之比T1:T

8、2=8:1；故A、B均正确。C、D、因，轨道半径比为r1：r2=4：1，所以向心加速度比a1：a2=1：16；向心力F=ma，质量之比是m1：m2=1：2，所以向心力之比F1：F2=1：32故C正确，D错误。故选ABC。【点睛】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力列出等式表示出需要求解得物理量11.如图所示，仅在电场力作用下，一带电粒子沿图中虚线从A运动到B，则( ).A. 电场力做正功 B. 动能减少C. 电势能增加 D. 加速度增大【答案】BCD【解析】试题分析：做曲线运动过程中，物体受到的合力指向轨迹的内侧，而粒子仅受电场力作用，所以电场力方向与电场方向相反，又知道速度沿切线方向，所以速度与电场力的夹角为钝角，电场力做负功，电势能增大，动能减小，A错误BC正确，电场线的疏密程度可表示电场强度大小，电场线越密电场强度越大，故粒子在A点的电场力小于在B点的电场力，故加速度变大，D正确考点：考查了带电粒子在电场中的运动【名师点睛】关键是知道三点，一做曲线运动过程中，物体受到的合力指向轨迹的内侧，二电场线的疏密程度可表示电场强度大小，三.合力与速度方向夹角为钝角，合力做负功，反之合力做正

9、功12.一质量m的小球，竖直方向受一恒定的外力F，小球以g的加速度加速下落，空气阻力不计，关于小球在下落h的过程中能量的变化，以下说法中正确的是A. 动能增加了mgh B. 小球克服外力F做功mghC. 机械能减少了mgh D. 重力势能减少了mgh【答案】BCD【解析】A、根据牛顿第二定律得，小球所受的合力为：，根据动能定理知：，则动能增加量为故A错误。B、C、根据牛顿第二定律得：mg-F=ma，解得：，则小球克服F所做的功为因为除重力以外其它力做功等于机械能的增量，所以机械能减小故B、C正确。D、重力做正功为mgh，则重力势能减小mgh，故D正确。故选BCD。【点睛】解决本题的关键掌握常见的功与能关系，知道合力做功等于动能的变化量，重力做功等于重力势能的减小量，除重力以外其它力做功等于机械能的增量三、实验题13.用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律，实验所用的电源为学生电源，输出电压为6 V的交流电和直流电两种.重锤从高处由静止开始下落，重锤上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点痕进行测量验证机械能守恒定律：（1）下面列举了该实验的几个操作步骤：A按照图示的装置安装器件；B将打点计时器接到电源的“直流输出”上；C用

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