【解析版】广西2019届高三上学期高考适应性考试理科综合物理试卷 word版含解析

1、广西南宁三中2019届高考适应性月考卷(二)理科综合（物理部分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14-17题只有一项符合题目要求，第18-21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图所示，光滑水平面上的物体受到水平恒力作用，从M点开始以初速度v0沿图中实线MN运动，P点为其轨迹的最右端。则下列判断正确的是A. 物体刚开始时可能做加速运动B. 物体所受恒力的方向一定水平向左C. 物体在P点的速度最小D. 物体一定做匀变速运动【答案】D【解析】【分析】由曲线运动的条件结合M、N点的速度方向进行判断力的大约方向，然后根据牛顿第二定律进行判断即可；【详解】A、由于合力的方向大约指向曲线的凹测，但合力的方向不一定要水平向左，同时由M、N的速度方向可知，刚开始时合力的方向与初速度v0之间的夹角为钝角，则刚开始时做减速运动，故选项AB错误；C、由题可知，P点为最右侧的点，即在P点沿水平方向速度减小到最小，但是其在P点的合速度不一定最小，故选项C错误；D、由题可知物体受到水平恒力作用，而且在光滑的水平面上，则合力为定值，根据

2、牛顿第二定律可知其加速度为定值，则物体一定做匀变速运动，故选项D正确。【点睛】本题考查曲线运动的条件，注意合力的方向大约指向曲线运动的凹测，然后根据牛顿第二定律进行分析即可。2.如图所示，虚线为某静电场中的部分等势面，且各等势面的电势如图中所示，则下列说法中正确的是A. A点的电场强度比C点的小B. 正电荷在A点的电势能比在C点的电势能大C. 电荷沿任意路径从A点移到B点的过程中，电场力一直不做功D. 若将一个电子由A点移到C点，电场力做功为4eV【答案】B【解析】【分析】根据电势的高低确定电场强度的大约方向，从而确定电场力的方向，对于等差等势面越密的地方，其场强越强，根据电场力做功比较动能的大小和电势能的大小；【详解】A、A处等势面比C处密集，则A点的电场强度比C点的大，故选项A错误；B、将正电荷从A点移动到C点，根据WAC=qUAC可知，电场力的功WAC0，即电场力做正功，则电势能减小，即正电荷在A点的电势能比在C点的电势能大，故选项B正确；C、电荷沿任意路径从A点移到B点的过程中，电场力有时做正功，有时做负功，总功为零，并不是电场力一直不做功，故选项C错误；D、将一个电子由A点移

3、到C点，根据公式可知：WAC=4eV，故选项D错误。【点睛】解决本题的关键知道电势的高低与电场强度的关系，以及知道电场力做功的公式，以及与电势能的关系。3.如图所示，某星球的半径为R，自转周期为T，a为该星球的近地卫星，b为该星球的同步卫星，其轨道半径为r，已知引力常量为G，则下列说法正确的是A. a、b两卫星的线速度大小之比为RrB. a、b两卫星所受的引力大小之比为r2R2C. 该星球表面的重力加速度为g=42r3R2T2D. 该星球的平均密度为=3GT2【答案】C【解析】【分析】由万有引力提供向心力可以得到速度和引力大小之比，注意同步卫星的周期等于该星球的自转周期；【详解】A、a、b两卫星与地球之间的万有引力提供向心力，则：GMmaR2=mava2R，GMmbr2=mbvb2r整理可以得到：vavb=rR，故选项A错误；B、由题可知a与地球之间的万有引力为：Fa=GMmaR2a与地球之间的万有引力为：Fb=GMmbr2则FaFb=mambr2R2，故选项B错误；C、b卫星与地球之间的万有引力提供向心力，则：GMmbr2=mb42T2r忽略地球自转，在地面处重力与万有引力相等，则：

4、GMmR2=mg联立可以得到：g=42r3R2T2，故选项C正确；D、由GMmbr2=mb42T2r，可知：M=42r3GT2，根据密度公式可以得到：=MV=M43R3代入可以得到：=3r3GT2R3，故选项D错误。【点睛】本题要掌握万有引力提供向心力和重力等于万有引力整两个重要的关系，注意同步卫星的周期等于地球自转周期。4.如图所示，质量m=1kg的物块置于倾角=30的固定斜面上，斜面ABCD为正方形，AB与CD均水平。物块与斜面间的动摩擦因数=33，且g=10m/s2，下列说法中错误的是A. 若物块静止在斜面上，当施加一个竖直向下的力F时，物块不可能运动B. 若物块沿斜面向下匀速滑动时，再施加一个竖直向下的力F，物块仍然匀速运动C. 当施加一个平行于BC的水平力F时，物块不可能做匀速直线运动D. 当物块沿平行于BC方向做匀速运动时，应在斜面内施加平行斜面大小为5N的力【答案】D【解析】【分析】以物块为研究对象，分析受力情况，作出力图，物块静止在斜面上时，重力沿斜面向下的分力小于等于最大静摩擦力，分析当力F增大时沿斜面向下的外力与最大静摩擦力的关系，判断物体能否运动，当物块匀速运动时

5、，其合力为零；【详解】A、若物块静止在斜面上，此时物块受到重力、支持力和静摩擦力作用，合力为零，当施加一个竖直向下的力F时即相当于物块的重力增大了，但是相应的支持力和摩擦力也增大，合力仍然为零，所以物块不可能运动，仍处于静止状态，故选项A正确；B、若物块沿斜面向下匀速滑动时，根据平衡条件可知：mgsin=FN=mgcos再施加一个竖直向下的力F时，则：(mg+F)sin=FN=(mg+F)gcos所以物块仍然做匀速运动，故选项B正确；C、由题可知，物块沿斜面向下的分力为mgsin=5N，若施加一个平行于BC的水平力F时，二者的合力大于5N，而物块在斜面上运动时其滑动摩擦力大小为：mgcos=5N，则在斜面内三个力的合力不为零，即物块不可能做匀速直线运动，故选项C正确；D、当物块沿平行于BC方向做匀速运动时，此时滑动摩擦力大小为5N，方向与斜面相对运动方向相反，而物块沿斜面向下的分力为mgsin=5N，二者的合力大小为52N，方向与滑动摩擦力的方向夹角为450，要使物块做匀速运动，则应在斜面内施加平行斜面大小为52N的力，方向与滑动摩擦力和重力沿斜面的分力的合力方向相反，故选项D错误。【

6、点睛】本题关键要对物块进行受力分析，根据沿斜面向下的外力与最大静摩擦力的关系判断物块能否运动，当物块滑动时根据摩擦力公式来判断摩擦力的变化，当物块匀速运动时，其合力为零。5.木块A从固定斜面底端以初速度v0冲上斜面，经一段时间，回到斜面底端。若木块在斜面上所受的摩擦阻力大小不变，关于木块A的下列说法中正确的是A. 在全过程中重力的冲量为零B. 在上滑过程中摩擦力的冲量小于下滑过程中摩擦力的冲量C. 在上滑过程中动量的变化量大于下滑过程中动量的变化量D. 在上滑过程中机械能的变化量大于下滑过程中机械能的变化量【答案】BC【解析】A根据重力的冲量I=mgt，全过程重力的冲量不为零，故A错误；B上滑过程加速度大于下滑过程的加速度，位移大小相等，上滑时间小于下滑时间，在上滑过程中摩擦力的冲量小于下滑过程中摩擦力的冲量，故B正确；C上滑过程中速度变化量较大，动量变化量较大，故C正确；D机械能的变化量等于摩擦力所做的功，上滑过程中机械能的变化量等于下滑过程中机械能的变化量，故D错误。故选：BC。点睛：上滑时间小于下滑时间，根据冲量的定义判断冲量的大小；根据动量定理判断动量的变化量；机械能的变化量等

7、于摩擦力所做的功，根据做功公式判断机械能的变化量。6.如图所示，甲、乙、丙三个图中的小灯泡完全相同，甲、乙图中的带铁芯线圈L相同(电阻不计)，乙、丙图中的交流电源相同，且有效值与甲图中的直流电源(内阻不计)所提供的路端电压相等。下列叙述正确的是A. 闭合开关瞬间，甲图中的灯泡立即达到最亮B. 甲图中的灯泡比乙、丙图中的灯泡亮C. 增大交流电频率时，乙、丙图中的灯泡都变亮D. 减小交流电频率时，丙图中的灯泡将变暗【答案】BD【解析】【分析】线圈对电流的变化有阻碍作用，具有通直阻交的特点，阻碍作用随频率的增大而增大，而电容器的阻碍作用随频率的增大而减小，由此即可得出结论；【详解】A、闭合开关瞬间，电流从无到有，线圈产生自感电动势阻碍电流的增大，随着电流稳定，自感电动势消失，电流逐渐增大，则甲图中灯泡逐渐变亮，逐渐达到最亮，故选项A错误；B、根据电感线圈对电流的阻碍作用可知，电感线圈对交流电的阻碍作用更大，同时电容器对交变电流也有阻碍作用，所以接直流的电路中的灯泡更亮一些，故B正确；C、增大交流电频率时，线圈的感抗增大，电容器的容抗减小，故乙图灯变暗，丙图灯变亮，故选项C错误；D、减小交流电

8、频率时，电容器的容抗增大，则丙图中的灯泡将变暗，故选项D正确。【点睛】解决本题的关键掌握知道感抗和容抗，并且知道感抗和容抗分别与什么因素有关。7.如图所示，在半径为R的圆形区域内分布有匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向里，一带正电的粒子从图中A点射入圆形磁场中，速度方向与AO间的夹角为30，粒子的电荷量为q、质量为m，在磁场中经过2m3qB时间后从C点(没有画出)离开磁场区域，(粒子重力不计)则下列说法中正确的是A. A、C两点间的距离为23RB. A、C两点间的距离为3RC. 若把带正电的粒子换成带负电的粒子，其他条件不变，则粒子在磁场中时间为5m6qBD. 若把带正电的粒子换成带负电的粒子，其他条件不变，则粒子在磁场中时间为m3qB【答案】BD【解析】【分析】根据题意画出对应的运动轨迹，再由洛伦兹力充当向心力，再由几何关系求出圆心角，由t=360T进行求解即可；【详解】A、带电粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，即qvB=mv2r，而且T=2rv可以的得到：T=2mqB由于带正电的粒子在磁场中运动的时间为：t=2m3qB=13T可知粒子在磁场中圆周运动的轨迹所对圆心角

9、为1200，如图所示：根据几何知识可以得到O为圆心，半径r=R，则AC=2Rcos300=3R，故选项A错误，B正确；C、若把带正电的粒子换成带负电的粒子，其他条件不变，则粒子在磁场中半径r=R，轨迹如图所示：根据几何知识可以得到，此轨迹的圆心为B，并且根据几何知识得到ABD=600则粒子在磁场中时间为t=16T=m3qB，故选项C错误，D正确。【点睛】本题考查带电粒子在磁场中的运动，本题要根据题意注意明确运动轨迹的确定，明确粒子运动的圆心和半径，再由洛伦兹力充当向心力进行分析，注意确定圆心角，从而明确运动时间。8.如图所示，一轻杆能够在固定槽内水平运动，槽与轻杆间的最大静摩擦力与滑动摩擦力相等且为定值，轻杆左端与轻质弹簧(劲度系数足够大)相连，为了安全起见，轻杆向右移动的距离不能超过l，现让物块先后以初速度v1和v2撞击弹簧，导致轻杆分别向右移动l2和l。若不计地面与物块间的摩擦。比校这两次撞击过程，下列说法正确的是A. 物块第二次反弹离开弹簧时的速度较大 B. 系统损失的机械能之比为12C. 物块撞击弹簧的初速度之比小于12 D. 物块撞击弹簧的初速度之比大于1：2【答案】BD【解析】【分析】明确物块及轻杆的运动过程，物块在撞击过程中小车的动能转化为弹簧的弹性势能和克服摩擦力做功，根据功能关系可求得初动能及损失的机械能，同时根据机械能守恒定律分析反弹后的速度；【详解】A、物块把弹簧压缩到x=fk时，两者一起推动杆向右减速运动，这个过程中，杆受到的摩擦力不变，弹簧的压缩量x先增大，到物块与杆的速度相等时x保持不变，直到杆的速度减为0，由于两次弹簧的压缩量相

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