【解析版】山东省八一路校区2018-2019学年高二上学期12月月考物理试卷 word版含解析

1、菏泽一中老校区高二12月份月考物理试题一.选择题（每题4分，选不全的得2分，其中1-8题为单选，9-16为多选）1.匝数为10的线圈垂直磁场放置，穿过线圈的磁通量为。现将该线圈的匝数减为5匝，同 时将线圈转至与磁场的夹角为30，其他条件不变，则穿过该线圈的磁通量变为A. B. 2C. 2 D. 4【答案】C【解析】【分析】磁感应强度为B的匀强磁场中，有一个面积为S且与磁场方向垂直的平面，磁感应强度B与面积S的乘积，叫做穿过这个平面的磁通量，标量。【详解】磁通量形象的说是穿过某个线圈的磁感线条数，与匝数无关，故线圈有10匝时磁通量为，减小为5匝，同时将线圈转至与磁场的夹角为30，磁通量变为=sin300=2，故C正确，ABD错误。【点睛】关键是明确磁通量的定义，知道其物理意义，即可以表示穿过某个线圈的磁感线条数，与线圈的匝数无关。2. 一只矩形线圈匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间变化的图像如图中甲所示，则下列说法中正确的是( )A. t=0时刻线圈平面与中性面垂直B. t=0.01s时刻，的变化率达最大C. t=0.02s时刻，交流电动势达到最大D. 该线圈相应

2、的交流电动势图像如图乙所示【答案】ACD【解析】试题分析：根据图线可知，t0时刻，线圈平面与中性面重合；t0.01 s时刻，但此时的变化率最大；t0.02 s时刻，最大，但此时的变化率为零，则交变电流的电动势为零；所以该线圈产生的交变电流的电动势随时间变化的图像如图乙所示是错误的。选项B正确。考点：法拉第电磁感应定律及交流电的产生及变化规律。3.如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁。下列选项能使电阻的感应电流的方向由b到a，且线圈与磁铁相互排斥是A. S极向下，磁铁向下运动B. S极向下，磁铁向上运动C. N极向下，磁铁向下运动D. N极向下，磁铁向上运动【答案】A【解析】【分析】先由“来拒去留”判断排斥还是吸引，在由楞次定律可判断电路中电流的方向。【详解】由“来拒去留”可知，磁铁靠近线圈，则线圈与磁铁相互排斥，由图可知，穿过线圈的磁场方向向上增大，由楞次定律可知感应电流的磁场应向下，则由右手螺旋定则可知电流方向从b向a，故A正确；由“来拒去留”可知，磁铁向上运动， 则线圈与磁铁相互吸引，故B错误；由“来拒去留”可知，磁铁靠近线圈，则线圈与磁铁相互

3、排斥，由图可知，穿过线圈的磁场方向向下增大，由楞次定律可知感应电流的磁场应向上，则由右手螺旋定则可知电流方向从a向b，故C错误；磁铁向上运动，则线圈与磁铁相互吸引，故D错误。所以A正确，BCD错误。【点睛】在判断电磁感应中磁极间的相互作用时可以直接利用楞次定律的第二种表示：“来拒去留”直接判断，不必再由安培定则判断线圈中的磁场，再由磁极间的相互作用判断力的方向。4.如图所示，ab是一个可绕垂直于纸面的轴O转动的闭合矩形线框，当滑动变阻器R的滑动片P自左向右滑行时，线框将（ ）A. 保持静止不动 B. 沿逆时针方向转动C. 沿顺时针方向转动 D. 发生转动，但因电源极性不明，无法确定转动方向【答案】C【解析】试题分析：当滑动变阻器的滑片R自左向右滑动时，引起线圈电流增大，通电螺旋管穿过线框的磁场强度增大，引起闭合矩形线框的磁通量增大，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化线框所在位置的磁场方向大致是水平的，要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，所以线框顺时针转动，C正确考点：考查了楞次定律【名师点睛】楞次定律的内容是：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化当滑动变阻器的滑

4、片R自左向右滑动时，引起线圈电流的变化，使得通电螺旋管的磁场强度发生变化，引起闭合矩形线框的磁通量发生改变5.如图所示，一理想变压器原、副线圈匝数比为31，副线圈上并联接三个相同的灯泡，均能正常发光，原线圈中再串联一个相同的灯泡L，则()A. 灯L也能正常发光B. 灯L比另外三个灯都暗C. 灯L将会被烧坏D. 不能确定【答案】A【解析】试题分析：设每只灯的额定电流为I，额定电压为U，因并联在副线圈两端的三只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电流为3I，原副线圈匝数比为3：1，所以原、副线圈的电流之比为1：3，所以原线圈电流为I，灯泡L也能正常发光，A正确。考点：考查了理想变压器6. 已知某电阻元件在正常工作时，通过它的电流按如图所示的规律变化今与这个电阻元件串联一个多用电表（已调至交变电流电流挡），则多用电表的读数为（ ）A. 4A B. 4 A C. 5 A D. 5A【答案】C【解析】试题分析：根据有效值的定义可得，解得：I有效=5A；故选C考点：有效值【名师点睛】解答此题要知道有效值的定义为：把直流电和交流电分别通过两个相同的电阻器件，如果在相同时间内它们产生的热量相等，那么就把此

5、直流电的电压、电流作为此交流电的有效值特别的，对于正弦交变电流最大值是有效值的倍。7.如图所示，在光滑水平面上方，有两个磁感应强度大小均为B、方向相反的水平匀强磁场，如图所示，PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大一个边长为a，质量为m，电阻为R的正方形金属线框垂直磁场方向，以速度v从图示位置向右运动，当线框中心线AB运动到与PQ重合时，线框的速度为，则（ ）A. 此时线框中的电功率为B. 此时线框的加速度为C. 此过程通过线框截面的电量为D. 此过程回路产生的电能为0.75mv2【答案】BC【解析】试题分析：AB运动到PQ位置时，产生的感应电动势E=2Bav2=BLv，回路的电流I=ER，因此电功率P=I2R=B2a2v2R，A错误；线框受到的安培力F=2BIa=2B2a2vR，因此加速度a=Fm=2B2a2vmR，B正确；初态时的磁通量1=Ba2，末状态的磁通量2=0，平均电动势E=t，因此平均电流I=ER，这样通通过的线框截面的电量q=It=R=Ba2R，C正确；根据动能定理，产生的热量Q=12mv212m(v2)2=0.25mv2，D错误。考点：电磁感应，牛顿第二定律，动能定理，

6、法拉第电磁感应定律8. 下图中两个电路是研究自感现象的电路，对实验结果的描述正确的是()接通开关时，灯P2立即就亮，P1稍晚一会儿亮；接通开关时，灯P1立即就亮，P2稍晚一会儿亮；断开开关时，灯P1立即熄灭，P2稍晚一会儿熄灭；断开开关时，灯P2立即熄灭，P1稍晚一会儿熄灭。A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：左图中，接通开关时，由于线圈阻碍电流的增加，故P1稍晚一会儿亮；断开开关时，虽然线圈中产生自感电动势，但由于没有闭合回路，灯P1立即熄灭；右图中，线圈和灯泡并联，接通开关时，由于线圈阻碍电流的增加，故灯泡可以立即就亮，但电流稳定后，灯泡会被短路而熄灭；断开开关时，线圈中产生自感电动势，通过灯泡构成闭合回路放电，故P2稍晚一会儿熄灭；故正确，错误；故选A。考点：自感现象【名师点睛】线圈中电流发生变化时，会产生自感电动势，阻碍电流的变化，起到延迟电流变化的作用，遵循“增反减同”的规律；通电自感中，与线圈串联的灯泡稍晚一会儿亮，与灯泡并联的灯泡立即就亮；断电自感中，与线圈构成闭合回路的灯泡会稍晚一会儿熄灭。9.某发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至学校的输电导线总电阻

7、为R，通过导线的电流为I，学校得到的电压为U2，则输电导线上损耗的功率可表示为A. U12R B. (U1U2)2R C. I2R D. I(U1-U2)【答案】BCD【解析】本题考查远距离输电线路损耗功率，线路电流为I，线路电阻为r，损耗功率为I 2r，C对，线路压降为（U1 U2），功率为I（U1 U2），BD对；10.如图所示，在绕制变压器时，某人将两个线圈绕在图示变压器铁芯的左右两个臂上，当通以交流电时，每个线圈产生的磁通量都只有一半通过另一个线圈，另一半通过中间臂，已知线圈1、2的匝数比n1：n2=2：1，在不接负载的情况下( )A. 当线圈1输入电压220V时，线圈2输出电压为110VB. 当线圈1输入电压220V时，线圈2输出电压为55VC. 当线圈2输入电压110V时，线圈1输出电压为220VD. 当线圈2输入电压110V时，线圈1输出电压为110V【答案】BD【解析】在不考虑原、副线圈内电阻的情况下，变压器原、副线圈电压之比(U1/U2)等于原、副线圈中产生的感应电动势之比(E1/E2)当给线圈1输入电压U1时U1U2=E1E2=n11tn22t=n11n22=212

8、1=41，当给线圈2输入电压U2时，U1U2=E1E2=n12tn21t=n12n21=2112=1所以选项B、D正确思路分析：在不考虑原、副线圈内电阻的情况下，变压器原、副线圈电压之比(U1/U2)等于原、副线圈中产生的感应电动势之比(E1/E2)根据公式U1U2=E1E2=n1tn2t=n1n2计算可得试题点评：本题考查了法拉第电磁感应定律和变压器电压公式U1U2=n1n211. 如图所示电路，两根光滑金属导轨，平行放置在倾角为的斜面上，导轨下端接有电阻R，导轨电阻不计，斜面处在竖直向上的匀强磁场中，电阻可略去不计的金属棒ab质量为m，受到沿斜面向上且与金属棒垂直的恒力F的作用，金属棒沿导轨匀速下滑，则它在下滑高度h的过程中，以下说法正确的是（ ）A. 作用在金属棒上各力的合力做正功B. 重力做的功等于系统产生的电能C. 金属棒克服安培力做的功等于电阻R上产生的焦耳热D. 金属棒克服恒力F做的功等于电阻R上产生的焦耳热【答案】C【解析】解：A、金属棒沿导轨匀速下滑，合力为零，则合力做功为零故A错误B、根据功能关系可知，重力做功等于系统产生的电能与克服恒力F做功之和故B错误C、D、由

9、能量转化和守恒定律得知，金属棒克服安培力做功等于电阻R上产生的焦耳热故C正确，D错误故选：C【点评】本题考查分析电磁感应现象中功能关系的能力，关键掌握常见的功与能的关系，知道金属棒克服安培力做的功等于系统产生的电能，运用动能定理是处理这类问题常用的方法12.如图所示，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电路中R1、R2、R3、R4均为定值电阻，开关S是闭合的V1 和V2 为理想电压表，读数分别为U1和U2；A1 、A2 和A3 为理想电流表，读数分别为I1、I2和I3.现断开S，U1数值不变，下列推断中正确的是()A. U2变小、I3变小B. U2不变、I3变大C. I1变小、I2变小D. I1变大、I2变大【答案】BC【解析】由U1U2=n1n2可知U1不变，则U2就不变；S断开，R总增大，U2不变，则I2变小，由n1n2=I2I1可知I1也变小；I2变小，加在R1两端的电压变小，由UR3=U2UR1得UR3增大，所以I3变大，故BC正确，AD错误；故选BC。【点睛】根据断开S，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况。13.如图所示，A、B两闭合线圈用同样的导线绕成，A有10匝，B有20匝，两线圈半径之比为2:1。均匀磁场只分布在B线圈内。当磁场随时间均匀减弱时（ ）

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