【解析版】山东省滨州市博兴县第一中学2019届高三上学期第六次月考物理试卷 word版含解析

1、山东省滨州市博兴县第一中学2019届高三上学期第六次月考物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。第14-18题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.静止的U92238发生衰变，其衰变方程为92238U90234Th+X+，此衰变过程中亏损的质量为m，光在真空中的速度为c，则（ ）A. X为中子B. X为质子C. 光子的能量等于mc2D. X为粒子【答案】D【解析】【分析】根据核反应的质量数和电荷数守恒可判断X粒子；根据质能方程可计算反应放出的总能量，从而判断光子的能量与mc2的关系。【详解】根据核反应的质量数和电荷数守恒可知，X的质量数为4电荷数为2，则X为粒子，选项AB错误，D正确；此反应中释放的总能量为mc2，此能量一部分乙原子核的动能形式存在，一部分以光子的形式放出，则光子的能量小于mc2，选项C错误；故选D.2.如图所示，倾角为30的斜面固定在水平地面上斜面上放有一重为G的物块，物块与斜面之间的动摩擦因数等于33，水平轻弹簧一端顶住物块，另一端顶住竖直墙面物块刚好沿斜面向上滑动，最大静摩擦力等于滑动

2、摩擦力，弹簧的弹力大小是（ ）A. 12G B. 32G C. 33G D. 3G【答案】D【解析】【分析】对物体受力分析，物体受向下的摩擦力，根据正交分解法建立平衡方程即可求解F.【详解】根据物体的受力情况可知：Fcos300=mgsin300+(Fsin300+mgcos300)，解得F=3G，故选D.3.飞镖比赛时，高个的甲运动员投掷飞镖时，抛出点离地面高h1=1.5m，飞镖离靶的水平距离为x，以速度v1=1m/s水平抛出，结果飞镖刚好投掷在靶心；矮个的乙运动员投掷飞镖时抛出点离地面高h2=1m，飞镖离靶的水平距离也为x，以速度v2=2m/s水平抛出，结果飞镖也刚好投掷在靶心，不计空气阻力，则靶心离地面的高度为（ ）A. 23m B. 34m C. 45m D. 56m【答案】D【解析】【分析】飞镖在水平方向做匀速运动，在竖直方向做自由落体运动，列出两个方向的位移方程，联立求解.【详解】设靶心离地面的高度为h，则对高个子：x=v1t1；h1-h=12gt12；对矮个子：x=v2t2；h2-h=12gt22；联立解得h=56m，故选D.【点睛】本题就是对平抛运动规律的直接考查，知道

3、飞镖水平方向上做匀速直线运动和竖直方向上做自由落体运动，掌握住平抛运动的规律就能轻松解决4.如图所示，MN是点电荷电场中的一条直线，a、b是直线上两点，已知直线上a点的场强最大，大小为E，b点场强大小为12E，已知a、b间的距离为L，静电力常量为k，则场源电荷的电量为（ ）A. 2EL2k B. EL2k C. 2EL2k D. EL22k【答案】B【解析】【分析】因a点的场强最大，可知a点离场源电荷最近，根据点电荷的场强公式列出ab两点的场强表达式即可求解.【详解】因a点的场强最大，可知a点离场源电荷最近，设场源电荷在距离a点x的位置，则E=kQx2 ，b点：12E=kQx2+L2；联立解得：x=L；Q=EL2k，故选B.5.如图所示，半径为r的金属圆环放在垂直纸面向外的匀强磁场中，环面与磁感应强度垂直，磁场的磁感应强度为B0，保持圆环不动，将磁场的磁感应强度随时间均匀增大经过时间t，磁场的磁感应强度增大到B1，此时圆环中产生的焦耳热为Q；保持磁场的磁感应强度B1不变，将圆环绕对称轴(图中虚线)匀速转动，经时间2t圆环转过90，圆环中电流大小按正弦规律变化，圆环中产生的焦耳热也为Q，

4、则磁感应强度B0和B1的比值为（ ）A. 4-4B. 5-5C. 42-42D. 52-52【答案】A【解析】【分析】当线圈不动时，根据E=t 求解感应电动势，根据Q=E2Rt 求解热量；当线圈转动时，根据E=BS求解最大值，然后根据交流电的有效值求解产生的热量，联立后即可求解.【详解】若保持圆环不动，则产生的感应电动势恒定为E1=(B1B0)r2t，则Q=E12Rt=(B1B0)22r4tR ；若线圈转动：则 产生的感应电动势最大值：E2m=B1S=B122tr2=2r2B14t ,有效值E2=2r2B142t，产生的热量Q=E22R2t=4r4B1216tR，联立可得：B0B1=44，故选A.【点睛】此题关键是掌握求解电动势的两个公式：E=t和E=BS；知道求解交流电产生的热量时要用交流电的有效值。6.2018年5月4日0时06分，我国西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功将亚太6C通信卫星( APSTAR-6C)送入太空预定地球同步轨道。关于该卫星的发射与在轨运行，下列说法正确的是（ ）A. 该卫星在轨运行时，相对于地面静止，卫星处于平衡状态B. 该卫星的发射速度大于7.9k

5、m/s，在轨运行速度小于7.9km/sC. 该卫星在轨运行时的加速度比赤道上物体随地球自转时的加速度大D. 该卫星在轨运行时受到地球的引力小于赤道上物体随地球自转时受到地球的引力【答案】BC【解析】【分析】同步卫星受合力不为零；第一宇宙速度是最小的发射速度，也是绕地球运转的卫星的最大环绕速度；同步卫星与地球具有相同的角速度，根据a=2r可比较向心加速度；卫星受到的引力与质量有关.【详解】该卫星是地球的同步轨道卫星，则在轨运行时，相对于地面静止，卫星做圆周运动，受合力不为零，不是处于平衡状态，选项A错误；7.9km/s是最小的发射速度，也是绕地球运转的卫星的最大环绕速度，则该卫星的发射速度大于7.9km/s，在轨运行速度小于7.9km/s，选项B正确；该卫星与赤道上的物体具有相同的角速度，根据a=2r可知，该卫星在轨运行时的加速度比赤道上物体随地球自转时的加速度大，选项C正确；由于该卫星的质量和赤道上物体的质量大小不确定，则不能比较该卫星在轨运行时受到地球的引力与赤道上物体随地球自转时受到地球的引力的大小关系，选项D错误；故选BC.【点睛】此题关键是知道地球同步卫星的特点，定周期，定高度

6、和速率，定轨道；理解第一宇宙速度的含义.7.如图所示，金属圆环放置在水平桌面上，一个质量为m的圆柱形永磁体轴线与圆环轴线重合，永磁体下端为N极，将永磁体由静止释放永磁体下落h高度到达P点时速度大小为v，向下的加速度大小为a，圆环的质量为M，重力加速度为g，不计空气阻力，则（ ）A. 俯视看，圆环中感应电流沿逆时针方向B. 永磁体下落的整个过程先加速后减速，下降到某一高度时速度可能为零C. 永磁体运动到P点时，圆环对桌面的压力大小为Mg+mgmaD. 永磁体运动到P点时，圆环中产生的焦耳热为mgh+12mv2【答案】AC【解析】【分析】根据楞次定律判断感应电流的方向；可根据假设法判断磁铁下落到某高度时速度不可能为零；根据牛顿第二定律分别为磁铁和圆环列方程求解圆环对地面的压力；根据能量关系求解焦耳热。【详解】磁铁下落时，根据楞次定律可得，俯视看，圆环中感应电流沿逆时针方向，选项A正确；永磁体下落的整个过程，开始时速度增加，产生感应电流增加，磁铁受到向上的安培力变大，磁铁的加速度减小，根据楞次定律可知“阻碍”不是“阻止”，即磁铁的速度不可能减到零，否则安培力就是零，物体还会向下运动，选项B错

7、误；永磁体运动到P点时，根据牛顿第二定律：mg-F安=ma；对圆环：Mg+F安=N，则N=Mg+mgma，由牛顿第三定律可知圆环对桌面的压力大小为Mg+mgma，选项C正确；由能量守恒定律可得，永磁体运动到P点时，圆环中产生的焦耳热为mgh-12mv2，选项D错误；故选AC.【点睛】此题关键是理解楞次定律，掌握其核心“阻碍”不是“阻止”；并能用牛顿第二定律以及能量守恒关系进行判断.8.如图所示，a、b、c、d为匀强电场中的等势面，一个质量为m，电荷量为q的带正电的粒子在A点以大小为v1的速度射入电场，沿如图轨迹到达B点时速度大小为v2，且速度与等势面平行，A、B连线长为L，连线与等势面间的夹角为，不计粒子受到的重力，则（ ）A. v1大于v2B. 等势面b的电势比等势面c的电势高C. 粒子从A运动到B所用时间为Lcosv2D. 匀强电场的电场强度大小为m(v12-v22)2qLsin【答案】ACD【解析】【分析】根据粒子的运动轨迹可判断粒子受电场力方向向上，从而判断场强方向，根据动能定理可比较v1和v2的大小以及场强大小；粒子在竖直方向做匀变速运动，在水平方向做匀速运动，从而可求解从A

8、到B的时间.【详解】由粒子的运动轨迹可知，粒子受向上的电场力，可知从A到B电场力做负功，动能减小，即v1大于v2，选项A正确；粒子带正电，受向上的电场力，可知场强方向向上，等势面b的电势比等势面c的电势低，选项B错误；粒子在水平方向不受力，可知在水平方向做匀速运动，速度为v2，则从A到B的时间为Lcosv2，选项C正确；由A到B根据动能定理：-EqLsin=12mv22-12mv12 ，解得E=m(v12v22)2qLsin，选项D正确；故选ACD.【点睛】此题关键是能根据粒子的运动轨迹判断电场力的方向，知道粒子在水平方向做匀速运动，竖直方向做匀加速运动，结合动能定理求解.三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为选考题，考生根据要求作答。9.某同学用如图甲所示装置验证机械能守恒定律，力传感器固定在天花板上，细线一端吊着小球，一端连在力传感器上传感器显示细线拉力的大小。小球的质量为m，当地的重力加速度为g。(1)实验开始前，用游标卡尺测出小球的直径，示数如图乙所示，则小球的直径D=_mm。再让小球处于自然悬挂状态，测出悬线的

9、长为L。(2)将小球拉离平衡位置使细线与竖直方向成一定的张角，由静止释放小球，使小球在竖直面内做往复运动，力传感器测出悬线的拉力随时间变化的关系如图丙所示，则小球运动到最低点时速度的大小为v=_。小球摆到最高点时与最低点的高度差h=_(均用已知和测量物理量的符号表示)(3)验证机械能守恒定律成立的表达式为_(用已知和测量物理量的符号表示)。【答案】 (1). 9.8； (2). (F0mg)(L+D2) ； (3). (L+D2)(1cos)； (4). 12(F0mg)=g(1cos) ；【解析】【分析】（1）游标卡尺的读数等于主尺刻度数与游标尺刻度数之和；（2）在最低点根据牛顿第二定律求解速度v；根据几何关系求解下落的高度；（3）若机械能守恒，则小球的动能增加量等于重力势能的减小；【详解】（1）小球的直径D=9mm+0.1mm8=9.8mm；（2）小球在最低点时细绳受拉力最大为F0，根据牛顿第二定律：F0-mg=mv2L+D2 ，解得v=(F0m-g)(L+D2)；小球摆到最高点时与最低点的高度差h=(L+D2)(1-cos)；（3）验证机械能守恒定律成立的表达式为12mv2=mgh ，即12m(F0m-g)(L+D2)=mg(L+D2)(1-cos) 即：12(F0m-g)=g(1-cos)10.某同学用伏安法测某定值电阻的阻值，所用电压表内阻约1000，所用电流表内阻约20，电流表的量程为3mA，由于被测电阻的阻值大小未知他先后采用了如图甲和乙所示的

《【解析版】山东省滨州市博兴县第一中学2019届高三上学期第六次月考物理试卷 word版含解析》由会员小**分享，可在线阅读，更多相关《【解析版】山东省滨州市博兴县第一中学2019届高三上学期第六次月考物理试卷 word版含解析》请在金锄头文库上搜索。