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【解析版】山东省2018-2019学年高一上学期第二次质量检测物理试卷 word版含解析

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    • 1、新泰一中2018级高一上学期第二次质量检测考试物理试题一、选择题(共14小题,每小题4分,共56分,在每小题给出的四个选项中,第19小题只有一个选项符合题目要求,第1014小题有多个选项符合题目要求,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)1. 伽利略为了研究自由落体的规律,将落体实验转化为著名的“斜面实验”,从而创造了一种科学研究的方法利用斜面实验主要是考虑到( )A. 实验时便于测量小球运动的速度和路程B. 实验时便于测量小球运动的时间C. 实验时便于测量小球运动的路程D. 斜面实验可以通过观察与计算直接得到落体的运动规律【答案】B【解析】自由落体速度很快下落时间较短不便于测量,如果将落体实验转化为著名的“斜面实验”,可以缓冲重力加速度,便于测量小球运动时间,选B2.如图所示,对下列插图描述正确的是()A. 图甲右上方的路牌所标的“50”因为车辆通行的平均速度B. 由图乙可推出所有形状规则的物体重心均在其几何中心处C. 图丙中掷出后的冰壶能继续运动说明其具有惯性D. 图丁中电梯向上制动时体重计的读数变小说明人所受重力减小【答案】C【解析】图甲右上方的路牌所标的“50

      2、”为车辆通行的瞬时速度不超过50km/h,故A错误;由图乙可推出所有形状规则且质量分布均匀的物体重心均在其几何中心处,故B错误;惯性是物体保持原来速度不变的性质,图丙中掷出后的冰壶能继续运动说明其具有惯性,故C正确;图丁中电梯向上制动时体重计的读数变小说明人所受支持力减小,但重力不变,故D错误;故选C。3.如图所示,一质量为m的沙袋用不可伸长的轻绳悬挂在支架上,一练功队员用垂直于绳的力将沙袋缓慢拉起使绳与竖直方向的夹角为30,且绳绷紧,则练功队员对沙袋施加的作用力大小为()A. mg2B. 32mgC. 33mgD. 3mg【答案】A【解析】试题分析:对沙袋受力分析,由平行四边形定则可知,练功队员对沙袋施加的作用力大小为F=mgsin300=12mg,故选A.考点:物体的平衡.4.如图所示,为甲、乙两物体相对于同一坐标的图像,则下列说法正确的是( )甲、乙均做匀变速直线运动 甲比乙早出发时间甲、乙运动的出发点相距甲的速率大于乙的速率A. B. C. D. 【答案】C【解析】图象是xt图线,甲、乙均做匀速直线运动;乙与横坐标的交点表示甲比乙早出发时间t0,甲与纵坐标的交点表示甲、乙运动的

      3、出发点相距x0.甲、乙运动的速率用图线的斜率的绝对值表示,由图可知甲的速率小于乙的速率5.如图所示,质量相等的甲、乙两人所用绳子相同,甲拉住绳子悬在空中处于静止状态;乙拉住绷紧绳子的中点把绳子拉断了,则 ( )A. 绳子对甲的拉力小于甲的重力B. 绳子对甲的拉力大于甲对绳子的拉力C. 乙拉断绳子前瞬间,绳上的拉力一定小于乙的重力D. 乙拉断绳子前瞬间,绳上的拉力一定大于乙的重力【答案】D【解析】【分析】甲处于静止状态,根据静止的物体受到平衡力的作用,根据平衡力条件进行判断。甲未拉断绳子,乙拉断绳子,绳子是相同,人的质量是相同,一者绳子断了,一者绳子未断,可以判断两根绳子拉力大小,间接得到乙图绳子的拉力和人重力的关系。【详解】甲悬在空中静止,甲受到平衡力作用,绳子的拉力和甲的重力是一对平衡力,甲受到绳子的拉力等于甲的重力,故A错误;绳子对甲的拉力与甲对绳子的拉力是作用力和反作用力,大小相等,故B错误;甲乙质量相等,重力相等,绳子相同。甲悬在空中绳子未拉断,绳子的拉力等于甲的重力。乙拉住绷紧绳子的中点把绳子拉断了,绳子对乙的拉力大于绳子对甲的拉力,甲乙重力相等,所以乙拉断绳子前瞬间,绳受到

      4、的拉力一定大于乙受到的重力。故C错误,D正确。所以D正确,ABC错误。6.如图所示,三个图象表示A、B、C、D、E、F六个物体的运动情况,下列说法中正确的是( )A. 速度相等的物体是B、DB. 合力为零的物体是A、C、EC. 合力是恒力的物体是D、FD. 合力是变力的物体是F【答案】D【解析】x-t图象的斜率等于速度,则A的速度为0,B的速度为;vB=xt=2m/s;v-t图象中表示速度随时间变化的规律,故C为匀速运动,速度为2m/s;D为匀变速直线运动,加速度a=2m/s2;a-t图象中表示加速度随时间变化的规律,故F为加速度增大的加速运动,E为匀加速运动;则可知:A、由以上分析可知,只有BC保持匀速运动且速度相等,故速度相等的是BC;故A正确。B、做匀速运动或静止的物体合力为零,故合力为零的物体ABC;故B错误。C、做匀变速直线运动的物体合力为恒力,故合力是恒力的为DE;故C错误。D、做变加速运动的物体受到的是变力;故合力为变力的物体是F;故D正确。故选D。【点睛】本题考查牛顿第二定律以及运动学图象的规律,要注意明确v-t图象、s-t图象在运动学中有着非常重要的作用,应掌握图象的

      5、意义、斜率及图象与时间轴围成的面积的含义7.如图所示,质量分别为2m、m的箱子A和物体B,用轻质细绳相连跨过光滑的定滑轮,A置于倾角30的斜面上,处于静止状态。现向A中缓慢的加入沙子,整个系统始终保持静止,则在加入沙子的过程中( )A. 绳子拉力逐渐增大B. A对斜面的压力保持不变C. A所受的摩擦力逐渐减小D. A所受的摩擦力逐渐增大【答案】D【解析】试题分析:因绳子拉力总等于物体B的重力,T=mg,故在A中加入沙子的过程中,绳子的拉力不变,选项A错误;开始时,对物体A:T+f=2mgsin300,则f=0;则在加入沙子的过程中,A对斜面的压力FN=mAgcos300,则随mA的增加,A对斜面的压力增大,选项B错误;加入沙子的过程中,对A:T+f1=mAgsin300,则随mA的增大,A所受的摩擦力f1逐渐增大,选项C错误,D正确;故选D.考点:物体的平衡;摩擦力【名师点睛】此题是对物体的平衡问题的考查;解题时要分析物体的受力,根据物体所处的状态列出平衡方程讨论;此题难度不大,考查学生灵活分析问题的能力.8.起重机以0.5 m/s2的加速度将质量为1 000 kg的货物由静止开始匀加

      6、速向上提升,g取10 m/s2,则在1 s内起重机对货物做的功是( )A. 125 J B. 2625 J C. 2500 J D. 2375 J【答案】B【解析】【分析】由运动学公式可求得1s末物体的速度和位移;由牛顿第二定律可求得拉力的大小;由动功的公式可求得1s内拉力所做的功。【详解】由位移公式可得:x=12at2=120.512m=0.25m,由牛顿第二定律可得:F=ma+mg=1000(10+0.5)=10500N;则在1 s内起重机对货物做的功是:W=Fx=105000.25J=2625J,故B正确,ACD错误。【点睛】本题考查功的公式,要注意所求功为起重机所做的功;故应先求出起重机对重物的拉力,再由功的公式求解功。9.一个物体从光滑斜面下滑,关于重力做功的功率的说法正确的是()A. 重力不变,重力做功的功率也不变B. 重力做功的功率在下滑过程中不断减小C. 重力做功的功率等于重力和下滑速度的乘积D. 重力做功的功率小于重力和下滑速度的乘积【答案】D【解析】【分析】应用公式P=Fv求某力的瞬时功率时,注意公式要求力和速度的方向在一条线上,在本题中应用机械能守恒求出物体下滑到

      7、某一位置时的速度,然后将速度沿竖直方向分解即可求出重力瞬时功率的表达式,进而比较求解。【详解】物体下落高度为h时,根据速度位移公式可得沿斜面方向的速度为:v=2gh,则此时重力的功率为P=mgvsin=mg2ghsinmgv,可知随着下落高度的增大,重力的功率增大,故D正确,ABC错误。10.一物体质量为m,该物体所受合力的大小为F,获得加速度为a,那么在下图中,正确表示了它们之间函数关系的是( )A. B. C. D. 【答案】AD【解析】根据牛顿第二定律F=ma可得a=Fm,在物体质量一定的情况下,物体的加速度a跟物体所受的合外力F成正比故A正确B中F与a不是正比例关系,故B错误由于物体的质量与物体所受合外力大小无关,与物体的加速度的大小无关,仅仅由物体所含物质的多少决定故C错误,而D正确故选A、D11.如图所示,物块A、B的质量均为m,水平地面和竖直墙面均光滑,在水平推力F的作用下,两物块均处于静止状态则()A. B受到的摩擦力大小等于mgB. B受到的摩擦力大小等于2mgC. B对地面的压力大小等于mgD. B对地面的压力大小等于2mg【答案】AD【解析】试题分析:AB、物块a

      8、在竖直方向受重力和b对它的摩擦力,处于静止状态,者两个力等大反向;A对B错CD、把a、b看成一个整体,竖直方向整体受重力和地面的支持力,这两个力等大反向,所以地面对b的支持力等于2mg,根据牛顿第三定律,b对地面的压力大小等于2mg;C错D对故选AD考点:摩擦力的大小点评:容易题。静摩擦力是一种被动力,它随外力的变化而变化,范围可在0到最大静摩擦力Fmax之间,与物体间的正压力无关,因此不能由公式F静=FN求解在现有知识的条件下,静摩擦力的大小只能根据物体受力平衡的条件来求解12.如图所示,轻弹簧左端固定,右端自由伸长到O点并系住质量为m1kg的小球,现在将小球与不可伸长的轻绳一端相连,弹簧被拉长到B处(在弹性限度内),轻绳与竖直方向成45角,此时小球处于静止状态,且刚好与水平面接触但没有压力,剪断轻绳后,小球向左最远可以运动到A处,已知小球与水平面间的动摩擦因数为0.4,g10m/s2,以下说法中正确的是 ( )A. 当剪断轻绳的瞬间,小球的加速度大小为6m/s2B. 当剪断轻绳的瞬间,小球的加速度大小为10m/s2C. 小球从B运动到O的过程,加速度逐渐减小,速度逐渐增大D. 小球

      9、从B运动到O的过程,速度先增大后减小【答案】AD【解析】【分析】先分析剪断轻绳前弹簧的弹力和轻绳的拉力大小,再研究剪断轻绳瞬间,抓住弹簧的弹力没有变化,求解小球的合力,由牛顿第二定律求出小球的加速度和水平面对小球的支持力,结合受力分析,利用牛顿第二定律判断出加速度的变化及速度的变化。【详解】剪断轻绳前小球受力情况,如图所示,根据平衡条件得:轻弹簧的弹力大小F=mg=10N,水平面对小球的支持力大小N=mg=10N,摩擦力大小为f=mg=4N,根据牛顿第二定律得:加速度a=Ffm=1041m/s2=6m/s2,方向向左,故A正确,B错误;从B到O得过程中,当弹簧的弹力等于摩擦力时,此时的加速度为零,在此位置右侧,加速度减小,做加速运动,在此位置右侧,加速度增大,做减速运动,故速度先增大后减小,故C错误,D正确。所以AD正确,BC错误。【点睛】本题是瞬时问题,先分析剪断轻绳前小球的受力情况,再分析剪断轻绳瞬间的受力情况,再根据牛顿第二定律求解瞬间的加速度。13.如图(a),用一水平外力F推着一个静止在倾角为的光滑斜面上的物体,逐渐增大F,物体做变加速运动,其加速度a随外力F变化的图象如图(b)所示,重力加速度g取10 m/s2。根据图(b)可知( )A. 物体的质量m2 kgB. 斜面的倾角37C. 加速度为6 m/s2时物体的速度v18 m/sD. 物体能静止在斜面上所施加的最小水平外力Fmin12 N【答案】B【解析】

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