陕西省西安市长安区第五中学2019届高三数学上学期期中试题 理

1、2018-2019学年度第一学期期中考试高三理数1、 选择题：本题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1. 抛物线的焦点坐标是A. (0,1) B.(1,0) C.(0,2) D.(0,)2. 已知圆，定点，是圆上的一动点，线段的垂直平分线交半径于点，则点的轨迹的方程是A. B. C. D.3.将函数y=3sin（2x+）的图象经过怎样的平移后所得的图象关于点（，0）中心对称A. 向左平移个单位 B.向右平移个单位 C.向左平移个单位 D.向右平移个单位4.函数的图象是5. 已知某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为A. B. 3 C. D.66.已知是双曲线上不同的三点，且连线经过坐标原点，若直线的斜率乘积，则该双曲线的离心率为A. B. C. 2 D.37.已知抛物线上有一条长为6的动弦AB，则AB的中点到x轴的最短距离为A. B. C.1 D.28. 如图是一个几何体的三视图，在该几何体的各个面中，面积最小的面的面积为A. 8 B.4 C.4 D.49.在等腰直角三角形ABC中，C=90，点P为三角形ABC所在平面上一动点，且满足=1

2、，则的取值范围是A. B. C. -2,2 D.10.已知是椭圆的左、右焦点，点M（2，3），则的角平分线的斜率为A. 1 B. C. 2 D.11.如图，在四棱锥P-ABCD中，侧面PAD为正三角形，底面ABCD为正方形，侧面PAD底面ABCD，M为底面ABCD内的一个动点，且满足MP=MC，则点M在正方形ABCD内的轨迹为下图中的12.已知球O与棱长为4的正方体的所有棱都相切，点M是球O上一点，点N是的外接圆上的一点，则线段的取值范围是A. B. C. D.2、 填空题：本题共4小题，每小题5分。13.已知cos（）=，则sin（）= .14.若等差数列满足,则当= 时，的前项和最大.15.如图1，在矩形ABCD中，AB=2，BC=1，E是DC的中点；如图2，将DAE沿AE折起，使折起后平面DAE平面ABCE，则异面直线AE和DB所成角的余弦值为 .16.已知函数（0x），若函数的所有零点依次记为，则= .3、 解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17. （本小题满分10分）设为各项不相等的等差数列的前n项和，已知.(1)求数列的通项公式；(2)设为数列的前n项和，求.

3、18. （本小题满分12分）在中，2，.(1)求的值；(2)设的中点为,求中线的长.19. （本小题满分12分）如图，抛物线的焦点为，准线与x轴的交点为A，点C在抛物线E上，以C为圆心，为半径作圆，设圆C与准线交于不同的两点M，N.(1)若点C的纵坐标为2，求；(2)若，求圆C的半径.20. （本小题满分12分）已知椭圆C：的离心率为，分别为椭圆的左、右顶点，点满足.(1)求椭圆的方程；(2)设直线经过点且与交于不同的两点，试问：在x轴上是否存在点,使得直线与直线的斜率的和为定值？若存在，求出点的坐标及定值，若不存在，请说明理由.21.（本小题满分12分）已知函数.(1)若直线过点（1，0），并且与曲线相切，求直线的方程；(2)设函数在1,e上有且只有一个零点，求的取值范围.(其中R，e为自然对数的底数)22.（本小题满分12分）已知椭圆的离心率为，是它的一个顶点，过点作圆的切线为切点，且.(1)求椭圆及圆的方程；(2)过点作互相垂直的两条直线，其中与椭圆的另一交点为D，与圆交于两点,求面积的最大值.参考答案与解析1、 选择题1-5 DBBAB 6-10 CDCDC 11-12 AC2

4、、 填空题13. 14.8 15. 16.4453、 解答题17. 解：（1）设数列的公差为d，则由题意知解得（舍去）或所以.(5分)（2） 因为=，所以=+=.（10分）18. 解：（1）因为，且C是三角形的内角，所以sinC=.所以=.（4分）(2) 在ABC中，由正弦定理，得，所以=，于是CD=.在ADC中，AC=2，cosC=，（8分）所以由余弦定理，得AD=，即中线AD的长为.(12分)19. 解：（1）抛物线E：y2=4x的准线l的方程为x=-1，由点C的纵坐标为2，得点C的坐标为（1，2），所以点C到准线l的距离为d=2，又，所以.（4分）（2）设C（），则圆C的方程为，即.由x=-1，得.设，则由，得，所以，解得，此时.所以圆心C的坐标为或，从而，即圆C的半径为.(12分)20. 解：（1）依题意，P（2，-1），所以=（-a-2,1）(a-2,1)=5-a2,(2分)由=1，a0,得a=2,因为e=，所以c=，b2=a2-c2=1，（4分）故椭圆C的方程为.（5分）（2） 假设存在满足条件的点Q（t，0），当直线l与x轴垂直时，它与椭圆只有一个交点，不满足题意，因此直

5、线l的斜率k存在，设l：y+1=k（x-2），由消y，得（1+4k2）x2-（16k2+8k）x+16k2+16k=0，（7分）=-64k0,所以k0,设，则x1+x2=,x1x2=,因为=，（10分）所以要使对任意满足条件的k，为定值，则只有t=2，此时=1.故在x轴上存在点Q（2，0）使得直线QM与直线QN的斜率的和为定值1.（12分）21. 解：（1）设切点坐标为（x0，y0），则y0=x0lnx0,切线的斜率为lnx0+1，所以切线l的方程为y-x0lnx0=（lnx0+1）（x-x0），又切线l过点（1，0），所以有-x0lnx0=（lnx0+1）(1-x0)，即lnx0=x0-1，设h（x）=lnx-x+1，则，x（0,1），h（x）单调递增，x（1,），h（x）单调递减，h（x）max=h(1)=0有唯一解，所以x0=1，y0=0.所以直线l的方程为y=x-1.（4分）（2）因为g（x）=xlnx-a（x-1），注意到g（1）=0，所以所求问题等价于函数g（x）=xlnx-a（x-1）在（1，e上没有零点.因为.所以由lnx+1-a00xea-1,所以g（x）在（0，ea

6、-1）上单调递减，在（ea-1，）上单调递增.（6分）当ea-11，即a1时，g（x）在（1,e上单调递增，所以g（x）g(1)=0.此时函数g（x）在（1,e上没有零点，（7分）当1ea-1e,即1a2时，g（x）在1,ea-1)上单调递减，在（ea-1,e上单调递增，又因为g（1）=0，g（e）=e-ae+a，g（x）在(1,e上的最小值为g（ea-1）=a-ea-1，所以（i）当1a时，g（x）在1,e上的最大值g（e）0，即此时函数g（x）在(1,e上有零点.（10分）（ii）当a2时，g（e）0，即此时函数g（x）在（1,e上没有零点，当eea-1即a2时，g（x）在1,e上单调递减，所以g（x）在1,e上满足g（x）.(12分)22. 解：（1）由a=2，e=，得c=,所以b=，故所求椭圆方程为.由已知有r=,圆C2的方程为C2：x2+y2=2.(4分)（2）设直线l1方程为y=k（x+2），由得（1+2k2）x2+8k2x+8k2-4=0，所以xP+xD=，又xD=，所以=.直线l2的方程为即x+ky+2=0，所以=，当且仅当，k=时取等号，因此ABD的面积的最大值为.(12分)- 11 -

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