（江苏选考）高考物理二轮复习第二部分考前提速力争满分4策略力学综合练2

1、力学综合练2一、选择题(第13题为单项选择题，第45题为多项选择题)1.利用传感器和计算机可以研究快速变化的力的大小，实验时让质量为M的某消防员从一平台上自由下落，落地过程中先双脚触地，接着他用双腿弯曲的方法缓冲，使自身重心又下降了一小段距离，最后停止，用这种方法获得消防员受到的地面冲击力随时间变化的图线如图所示。已知Fm2Mg，根据图线所提供的信息，在消防员落地过程中下列判断正确的是()At1时刻消防员的速度最大Bt2时刻消防员的动能最大Ct3时刻消防员的加速度最大Dt4时刻消防员的合外力最大解析：选B由题图知，t1时刻消防员双脚触地，在t1t2时间内消防员受到的合力向下，其加速度向下，做加速度减小的加速下落运动；而t2t3时间内，消防员所受合力向上，做向下的减速运动，t2时刻消防员所受的弹力与重力大小相等、方向相反，合力为零，消防员的速度最大，动能最大，故A错误，B正确；在t2t4时间内消防员所受的合力向上，t3时刻消防员与地面之间的相互作用力最大，但由于Fm2Mg，可知在t3时刻消防员的加速度小于g，小于t1时刻的加速度，故C错误；t4时刻消防员与地面之间的作用力等于他的重力，受

2、到的合外力等于0，故D错误。2.在同一竖直线上的不同高度水平掷出两支飞镖，飞镖打到镖盘上的位置如图所示。已知1镖镖体与竖直方向的夹角小于2镖镖体与竖直方向的夹角，忽略空气阻力，则下列判断正确的是()A两支飞镖掷出的速度相同B1镖掷出的速度比2镖掷出的速度小C1镖在空气中飞行的时间比2镖飞行的时间短D1镖的掷出点一定比2镖的掷出点低解析：选B若两支飞镖掷出的速度相同，水平位移也相同，则两镖打到镖盘上时，镖体与竖直方向的夹角应该相同，故A错误；1镖镖体与竖直方向的夹角小，说明1镖掷出的速度比2镖掷出的速度小，故B正确；由于两支飞镖的水平位移相同，1镖的速度小，因此1镖飞行时间长，故C错误；1镖飞行时间长，且1镖的落点还在2镖的上方，则1镖的掷出点一定比2镖的掷出点高，故D错误。3.2016年4月6日，我国首颗微重力科学实验卫星实践十号，在酒泉卫星发射中心由长征二号丁运载火箭发射升空，进入近百万米预定轨道，开始了为期15天的太空之旅，如图所示，大约能围绕地球转200圈。实践十号卫星在太空中完成了19项微重力科学和空间生命科学实验，取得了重大科学成果。当实践十号卫星在预定轨道上运动时，下列描述

3、正确的是()A实践十号卫星在地球同步轨道上B实践十号卫星的环绕速度大于第一宇宙速度C实践十号卫星的加速度小于地球表面的重力加速度D在实践十号卫星中可以用天平测出物体的质量解析：选C同步卫星的周期为24 h，而实践十号卫星的周期T h1.8 h，可知实践十号卫星不在地球同步轨道上，故A错误；第一宇宙速度是近地卫星绕地球做圆周运动的最大环绕速度，实践十号卫星的环绕速度小于第一宇宙速度，故B错误；根据Gmg知，地球表面处的重力加速度g，实践十号的加速度a，rR，则ag，故C正确；实践十号卫星绕地球做圆周运动，处于完全失重状态，在实践十号卫星中，不能通过天平测出物体的质量，故D错误。4.将质量为m0.1 kg的小球竖直向上抛出，初速度v020 m/s，小球在运动中所受空气阻力与速率的关系为fkv。已知k0.1 kg/s，其速率随时间变化的规律如图所示，取g10 m/s2，下列说法正确的是()A小球在上升阶段的平均速度大小为10 m/sB小球在t1时刻到达最高点，此时加速度为gC小球落地前做匀速运动，落地速度大小v110 m/sD小球抛出瞬间的加速度大小为20 m/s2解析：选BC根据速度时间图

4、像与时间轴包围的面积表示位移，则从图像可以看出，小球在上升阶段的位移小于阴影部分面积，而阴影部分面积是匀减速直线运动的位移，匀减速直线运动的平均速度等于10 m/s，故小球上升阶段的平均速度大小小于10 m/s，故A错误；小球在t1时刻速率为零，到达最高点，空气阻力为零，只受重力，加速度为g，故B正确；由题图可知，小球落地前做匀速运动，由 mgfkv1，得 v110 m/s，故C正确；小球抛出瞬间，有：mgkv0ma0；联立解得：a030 m/s2，故D错误。5.如图所示，斜面体A静置于水平地面上，其倾角为45，上底面水平的物块B在A上恰能匀速下滑。现对B施加一个沿斜面向上的力F，使B能缓慢地向上匀速运动，某时刻在B上轻轻地放上一个质量为m的小物体C(图中未画出)，A始终静止，B保持运动状态不变，关于放上C之后的情况，下列说法正确的是()AB受到的摩擦力增加了mgBF增大了mgCF增大了mgDA受到地面的摩擦力增加了mg解析：选ACD由B在A上恰能匀速下滑，知mBgsin 45mBgcos 45，解得：1；现对B施加一个沿斜面向上的力F，使B能缓慢地向上匀速运动，则B受到的摩擦力为fB

5、mBgcos 45，FmBgsin 45mBgcos 45；在B上轻轻地放上C，B的运动状态不变，则fB(mBm)gcos 45，F(mBm)gsin 45(mBm)gcos 45；由以上分析知：fBfBmg，FFmg，故A、C正确，B错误；分别把AB、ABC作为整体分析知，A受到地面的摩擦力先后分别为：fAFcos 45，fAFcos 45，故A受到地面的摩擦力增加了F(FF)cos 45mg，D正确。二、非选择题6在做“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某实验小组采用如图1所示的装置，实验步骤如下：a把纸带的一端固定在小车上，另一端穿过打点计时器的限位孔；b调整木板的倾角，以重力沿斜面向下的分力平衡小车及纸带受到的摩擦力；c用细线将木板上的小车通过定滑轮与砂桶相连；d接通电源，放开小车，让小车拖着纸带运动，打点计时器就在纸带上打下一系列的点；e换上新的纸带，在砂桶中依次加入适量的砂，重复d步骤多次，得到几条点迹清晰的纸带。现测出了其中一条纸带上的距离，如图2所示，已知打点周期为0.02 s，则这条纸带上C点速度的大小vC_m/s，小车加速度的大小a_m/s2(取三位有效数字)。根

6、据所测纸带数据，把砂和砂桶的重力作为合外力F，拟作出加速度a F图像，发现当a比较大时图线明显向F轴偏移，这是由于实验原理的不完善导致的，请你在这个实验的基础上，稍加改进实验操作，得到一条a F成正比的图线，写出你的改进方法：_。解析：每打2个点取一个计数点，相邻的计数点间的时间间隔是T0.04 s，根据中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，可得C点的速度为：vC m/s1.74 m/s，根据逐差法得：a m/s23.20 m/s2；当砂和砂桶的质量较大时，加速度较大，不满足砂和砂桶的质量远远小于小车的质量，所以不能用砂和砂桶的重力代替小车受到的合力，可以在拉小车的细线上安装力传感器，直接测出小车受到的细线拉力，就不需要满足砂和砂桶的质量远远小于小车的质量，图像也不会弯曲。答案：1.743.20在拉小车的细线上安装力传感器，直接测出小车受到的细线拉力7.如图所示，一个质量为m0.01 kg，边长L0.1 m，电阻R0.4 的正方形导体线框abcd，从距下方有界匀强磁场h0.8 m的高处由静止自由下落，下落时线框平面始终在竖直平面内，且保持与匀强磁场水平边界垂直，当线框下边bc刚一进

7、入下方的匀强磁场时，恰好做匀速运动(g10 m/s2)。(1)求磁场的磁感应强度B的大小；(2)如果线框的下边bc通过磁场所经历的时间为t0.125 s，求bc边刚从磁场下边界穿出时线框的加速度大小。解析：(1)线框先做自由落体运动，由v22gh可得，线框进入磁场时的速度为：v4 m/s产生的感应电动势为EBLv感应电流：I线框所受的安培力大小为：FBLI刚进入磁场时线框刚好做匀速运动，则有：Fmg解得：B1 T。(2)线框完全进入磁场前做匀速直线运动：Lvt1，得t10.025 s则线框在磁场中以加速度g下落的时间为：t2(0.1250.025)s0.1 s根据速度时间公式，线框下边bc刚穿出磁场时的速度vvgt25 m/s根据牛顿第二定律：mgBLma解得：a2.5 m/s2，则加速度大小为2.5 m/s2。答案：(1)1 T(2)2.5 m/s28.如图所示，绷紧的传送带在电动机的带动下，始终保持v02 m/s的速度匀速转动，传送带与水平地面的夹角30。现把一质量m10 kg 的工件轻轻地放在传送带底端，由传送带送至h2 m的高处，已知工件与传送带间动摩擦因数，g10 m/s2。(1)试通过计算分析工件在传送带上做怎样的运动；(2)在工件从传送带底端运动至h2 m高处的过程中，摩擦力对工件做了多少功？(3)由于传送工件，电动机多消耗的能量为多少？解析：(1)工件轻轻地放在传送带底端后，受到重力、支持力和沿斜面向上的摩擦力作用，由牛顿第二定律知，上滑过程中有：mgcos mgsin ma解得：a2.5 m/s2设工件加速到v02 m/s时运动的位移为x，则有：2axv02，解得x0.8 m可得：x4 m所以工件在传送带上先做匀加速运动后做匀速运动。(2)匀加速运动过程中，摩擦力对工件做功为：W1mgcos x60 J匀速运动后，工件受到的摩擦力大小为：fmgsin 通过的位移为：xx3.2 m匀速运动过程中，摩擦力对工件做功为：W2mgsin x160 J所以摩擦力对工件做的总功为：WW1W2220 J。(3)多消耗的能量转化为工件的动能和重力势能以及摩擦产生的内能其中：QFfx相对mgcos (2xx)60 J所以：Emv02mghQ代入数据解得：E280 J。答案：(1)先做匀加速运动后做匀速运动(计算过程见解析)(2)220 J(3)280 J6

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