【解析版】陕西省榆林市一中2019届高考模拟考试物理试卷 word版含解析

物理一、选择题： 1.材料相同、质量不同的两滑块,以相同的初动能在水平面上运动直到停止。若两滑块运动过程中只受到水平面的摩擦力,则质量大的滑块A. 克服摩擦力做的功多B. 运动的位移大C. 运动的时间长D. 摩擦力的冲量大【答案】D【解析】【详解】由动能定理得，滑块克服摩擦力做的功Wf=EK0，两滑块克服摩擦力做功相等，质量大的滑块运动的位移小，EK=12mv2，质量大的滑块初速度小，又由v=at得，质量大的滑块运动时间短，冲量大小I=mv0=2mEK0，所以质量大的滑块冲量大，故D正确。【点睛】本题合理利用动能与动量的关系，即可解题。2.甲、乙两物体沿统一直线运动，运动过程中的位移时间图像如图所示，下列说法中正确的是（ ）A. 06s内甲物体做匀变速直线运动B. 06s内乙物体的速度逐渐减小C. 05s内两物体的平均速度相等D. 06s内存在某时刻两物体的速度大小相等【答案】D【解析】【分析】x-t图象为直线表示物体做匀速直线运动，x-t图象的斜率表示速度，斜率大小表示速度大小，斜率正负表示速度方向。【详解】A项：x-t图象为直线表示物体做匀速直线运动，故A错误；B项：x-t图象的斜率表示速度，由图象乙可知，图象的斜率逐渐增大，即速度逐渐增大，故B错误；C项：0-5s甲的位移为5m，平均速度为v甲=1ms，乙的位移为-3m，平均速度为：v乙=-35ms，故C错误；D项：x-t图象的斜率表示速度，由甲、乙图象可知，在0-6内有两处的斜率大小相等，即有两处速度大小相等，故D正确。故应选：D。3.在电荷量分别为2 q和 -q的两个点电荷形成的电场中，电场线分布如图所示，在两点电荷连线上有 a、 b、 c三点，且 b、c两点到正点电荷距离相等，则（ ）A. 在两点电荷之间的连线上存在一处电场强度为零的点B. 将一电子从a点由静止释放，它将在a、b间往复运动C. c点的电势高于b点的电势D. 负试探电荷在a点具有的电势能大于在b点时的电势能【答案】C【解析】【详解】A、正负电荷在两点电荷之间的连线上产生的场强方向相同，所以在两点电荷之间的连线上不存在电场强度为零的点，故A错；B、将一电子从a点由静止释放，电子在a点受到向右的电场力，所以要从静止向右运动，则运动不是在a、b间往复运动，故B错；C、b、c两点到正点电荷距离相等，若只有正电荷，则bc两点的电势相等，但由于负电荷的存在导致c点的电势高于b点的电势，故C对；D、沿着电场线电势在降低，所以a点电势高于b点电势，而负电荷在电势高的地方电势能小，所以a点具有的电势能小于在b点时的电势能，故D错综上所述本题选;C4.天文兴趣小组查找资料得知：某天体的质量为地球质量的a倍，其半径为地球半径的b倍，表面无大气层，地球的第一宇宙速度为v。则该天体的第一宇宙速度为A. vabB. vbaC. abvD. bav【答案】A【解析】【分析】物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度叫做第一宇宙速度，大小7.9km/s，可根据卫星在圆轨道上运行时的速度公式v=GMr解得。【详解】设地球质量M，某天体质量是地球质量的a倍，地球半径r，某天体径是地球半径的b倍由万有引力提供向心力做匀速圆周运动得：GMmr2=mv2r 解得：卫星在圆轨道上运行时的速度公式v=GMr 分别代入地球和某天体各物理量得：v地球=GMrv天体=GaMbr=vab，故A正确。故选：A。【点睛】本题要掌握第一宇宙速度的定义，正确利用万有引力公式列出第一宇宙速度的表达式。5.某医院利用放射线治疗肿瘤，被利用的放射源必须具备以下两个条件：（1）放出的射线有较强的穿透能力，能辐射到体内肿瘤所在处；（2）能在较长的时间内提供比较稳定的辐射强度。现有四种放射性同位素的放射线及半衰期如表所示。关于在表中所列的四种同位素，下列说法正确的是同位素钴60锶90锝99氡222放射线半衰期5年28年6小时3.8天A. 最适宜作为放疗使用的放射源应是钴60B. 最适宜作为放疗使用的放射源应是锶90C. 放射线的电离能力最强的放射源是锝99D. 放射线的电离能力最强的放射源是氡222【答案】AD【解析】【详解】钴60放出的射线穿透能力强，半衰期长，选项A正确，B错误；射线电离能力最强，射线的电离能力最弱，氡222放出的是射线，选项C错误，D正确，故选AD。【点睛】本题只要知道三种射线的电离与穿透能力关系就可正确解题。6.如图所示,质量均为m的木块A和B用一轻弹簧相连,竖直放在光滑的水平面上,木块A上放有质量为2m的木块C,三者均处于静止状态.现将木块C迅速移开,若重力加速度为g,则在木块C移开的瞬间(   )A. 弹簧的形变量不改变B. 弹簧的弹力大小为mgC. 木块A的加速度大小为2gD. 木块B对水平面的压力迅速变为2mg【答案】AC【解析】【分析】原来系统静止，根据共点力平衡求出弹簧的弹力。在将C迅速移开的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求出木块A的加速度。对B，由平衡条件分析地面对B的支持力，从而分析出B对地面的压力。【详解】A项：由于弹簧弹力属于渐变，所以撤去C的瞬间，弹簧的形变量不变，故A正确；B项：开始整体处于平衡状态，弹簧的弹力等于A和C的重力，即F=3mg，撤去C的瞬间，弹簧的形变量不变，弹簧的弹力不变，仍为3mg，故B错误；C项：撤去C瞬间，弹力不变，A的合力等于C的重力，对木块A，由牛顿第二定律得：2mg=ma，解得：a=2g，方向竖直向上，故C正确；D项：撤去C的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为3mg，对B，由平衡条件得：F+mg=N，解得：N=4mg，木块B对水平面的压力为4mg，故D错误。故选：AC。【点睛】本题是牛顿第二定律应用中的瞬时问题，要明确弹簧的弹力不能突变，知道撤去C的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解。7.如图甲所示，标有“220V 40W”的灯泡和标有“20F 360V”的电容器并联到交流电源上，V为交流电压表，交流电源的输出电压如图乙中正弦曲线所示，闭合开关S。下列判断正确的是(   ) A. 电容器会被击穿B. 交流电源的输出电压的有效值为220VC. t=T/2时刻，V的示数为零D. t=T/2时刻，通过灯泡的电流为零【答案】BD【解析】【分析】交流电压表测量的电压及灯泡的工作电压均为电压的有效值；而交流电的击穿电压为最大值。【详解】A项：交流电的最大值为2202V311V小于电容器的击穿电压，故电容器不会被击穿故A错误；B项：交流电压表测量为交流电压的有效值，由乙图可知，交流电压的最大值为2202V，由电压的有效值为22022V=220V，故B正确；C项：电压表的示数为有效值，电压表的示数为220V，故C错误；D项：t=T/2时刻，灯泡两端电压的瞬时值为0，通过灯泡的电流的瞬时值为0，故D正确，故选：BD。【点睛】本题考查描述交流电的有效值及最大值，要注意明确交流电的有效值不能超过电容器的最大耐压值；而电压表等测量的为有效值。8.如图甲所示，两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂直。边长为1 m，总电阻为1 的正方形导线框abcd位于纸面内，cd边与磁场边界平行。现使导线框水平向右运动，cd边于t0时刻进入磁场，c、d两点间电势差随时间变化的图线如图乙所示。下列说法正确的是A. 磁感应强度的方向垂直纸面向里B. 磁感应强度的大小为4 TC. 导线框进入磁场和离开磁场时的速度大小之比为3 : 1D. 03 s的过程中导线框产生的焦耳热为48 J【答案】AB【解析】【分析】根据感应电流的方向，结合楞次定律得出磁场的方向。根据线框匀速运动的位移和时间求出速度，结合E=BLv求出磁感应强度，根据焦耳定律求线圈发热量。【详解】A项：0-1s内线框进入磁场，c、d两点间电势差为正，即C点相当于电源的正极，由右手定则可知，磁场方向垂直纸面向里，故A正确；B项：0-1s内线框进入磁场，c、d两点间电势差为Ucd=34BLv=3V，线框的速度为v=11ms=1ms，解得：B=4T，故B正确；C项：由图乙分析可知，线框在0-1s内进入磁场，2-3s内出磁场，且都是匀速运动，所以速度都为1m/s，所以导线框进入磁场和离开磁场时的速度大小之比为1：1，故C错误；D项：线框在0-1s内进入磁场过程中电流为I=ER=BLvR=4A，产生的热量为：Q1=I2Rt=16J，1-2s内线框的磁通量不变，所以无感应电流产生，即无热量产生，2-3s内线框出磁场过程中电流为I'=E'R=BLv'R=4A，产生的热量为：Q2=I'2Rt=16J，所以总热量为32J，故D错误。故选：AB。【点睛】本题考查了导线切割磁感线运动类型，要掌握切割产生的感应电动势公式以及楞次定律，本题要能够从图象中获取感应电动势的大小、方向、运动时间等等。二、非选择题9.某同学利用打点计时器来测量某种正弦交变电流的频率，装置如图甲所示。已知砝码盘的总质量m=0.1kg，用弹簧秤测量小车所受重力示意图如图乙所示。图丙为某次实验时打点计时器所打出的纸带的一部分，图A、B、C、D、E为相邻的计数点，且每相邻计数点之间均有一个点未画出。长木板水平放置，不计一切摩擦，取g=10m/s2，回答下列问题。（1）由图乙可知，小车所受重力为_N。（2）根据牛顿运动定律可算出小车的加速度大小为_m/s2。（结果保留两位有效数字）（3）该交流电源的频率为_Hz。（结果保留两位有效数字）【答案】 (1). （1）4.00 (2). （2）2.0 (3). （3）20【解析】【分析】根据测力计的读数规则正确读数，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小。【详解】(1)由图乙可知，测力计的最小分度为0.1N，所以小车的重力为4.00N；(2)对小车和砝码及盘由牛顿第二定律可得：a=FM+m=mgM+m=0.1×104.0010+0.1ms2=2.0ms2；(3) 根据逐差法有：x=a(2T)2=4af2 ，解得：f=4ax=4×2.00.02Hz=20Hz。10.某同学利用图甲所示的电路图测量电流表的内阻RA（约为10）和电源的电动势E。图中R1和R2为电阻箱，S1、S2为开关。已知电流表的量程为100mA。（1）断开S2,闭合S1，调节R1的阻值，使满偏；保持R1的阻值不变，闭合S2，调节R2,当R2的阻值为5.2时的示数为40 mA。则电流表的内阻的测量值RA=_。该测量值_(填"大于”“小于”或“等于”)真实值。(2)保持S1闭合,断开S2 ,多次改变R1的阻值,并记录电流表的相应示数。若某次R1的示数如图乙所示，则此次R1的阻值为_。(3)利用记录的R1的阻值和相应的电流表示数I,作出I-1R1图象,如图丙所示，利用图丙可求得E=_V.。(结果保留两位有效数字)【答案】 (1). （1）7.8 (2). 小于 (3). （2）120.6 (4). （3）9.3（9.1-9.4）【解析】【分析】(1)根据题意应用并联电路特点与欧姆定律求出电流表内阻；(2)电阻箱各旋钮示数与对应倍率的乘积之和是电阻箱示数；(3)根据电路图应用闭合电路欧姆定律求出表达式，然后根据图示图象求出电源电动