【解析版】山东省菏泽市2018-2019学年高二上学期期末考试物理试卷 word版含解析

2018-2019学年山东省菏泽市高二（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共24.0分）1.关于磁感线，下列说法正确的是（）A. 磁感线可以表示磁场的方向和强弱B. 磁感线从磁体的N极出发，终止于磁体的S极C. 磁铁能产生磁场，电流不能产生磁场D. 同一磁场的两条磁感线可能相交【答案】A【解析】【详解】磁感线可以表示磁场的方向和强弱，磁感线上任意一点的切线方向表示磁场的方向，疏密表示强弱，故A正确；在磁体外部从N极到S极，内部从S极到N极，是闭合的曲线，故B错误；电流和磁铁都能产生磁场，故C错误；因为同一点的磁场方向是确定的，同一磁场的两条磁感线不可能相交，故D错误。所以A正确，BCD错误。2.下列说法正确的是（）A. 两分子间距离增大时，分子势能一定增大B. 两分子间距离减小时，分子间引力和斥力都增大C. 物体的动能和重力势能也是其内能的一部分D. 布朗运动是指在显微镜下观察到的组成悬浮颗粒的固体分子的无规则运动【答案】B【解析】【详解】当分子间的距离增大时，分子之间的引力和斥力均同时减小，但斥力减小的更快，分子力的合力可能表现为引力，也可能表现为斥力；若是引力，分子势能增加；若是斥力，分子势能减小，故A错误；两分子间距离减小时，分子间引力和斥力都增大，只是斥力增大的快，故B正确；内能是组成物质的分子动能和分子势能之和，与宏观的动能和势能无关，故C错误；布朗运动是指在显微镜下观察到的组成悬浮颗粒的无规则运动，反映液体分子的运动，故D错误。所以B正确，ACD错误。3.甲、乙两小球都在水平面上做匀速圆周运动，它们的线速度大小之比为1：2，角速度大小之为3：2，则两球的向心加速度大小之比为（）A. 1：2B. 2：1C. 3：4D. 3：2【答案】C【解析】【详解】根据向心加速度公式a=v2r，而v=r，则有：a=v，所以两球的向心加速度大小之比为3：4，故ABD错误，C正确。4.甲、乙两地原来用500kV的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P，在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000kV的特高压输电。若不考虑其他因素的影响，且电路仍能正常输送电能，则输电线上损耗的电功率将变为（）A. P16B. P4C. 4PD. 16P【答案】B【解析】【详解】当以不同电压输送时，有P=U1I1=U2I2，而在线路上损失的功率为P=I2R=P2U2R可知，损失的功率与电压的平方成反比，即P1：P2=4：1，所以输电线上损失的功率为P4，故B正确，ACD错误。5.如图所示，从空中同一点沿水平方向同时抛出两个小球，它们的初速度大小分别为4m/s、9m/s，而初速度的方向相反，从两小球被抛出到两小球的速度方向之间的夹角变为90°的过程中，两小球在空中运动的时间为（空气阻力不计，取g=10m/s2）（）A. 0.3sB. 0.4sC. 0.6sD. 0.9s【答案】C【解析】【详解】若其中一个球与水平方向的夹角为，则另一个小球与水平方向的夹角为90°-。则有：tan=gtv10，tan=gtv10，则gtv10=v20gt，代入数据解得：t=0.6s，故C正确，ABD错误。6.如图所示，正方形区域ABCD中有垂直于纸面向里的匀强磁场，M、N分别为AB、AD边的中点，一带正电的粒子(不计重力)以某一速度从M点平行于AD边垂直磁场方向射入，并恰好从A点射出。现仅将磁场的磁感应强度大小变为原来的12，下列判断正确的是A. 粒子将从D点射出磁场B. 粒子在磁场中运动的时间将变为原来的2倍C. 磁场的磁感应强度变化前后，粒子在磁场中运动过程的动量变化大小之比为2：1D. 若其他条件不变，继续减小磁场的磁感应强度，粒子可能从C点射出【答案】AC【解析】【分析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据题意求出粒子轨道半径，根据粒子在磁场中转过的圆心角与粒子做圆周运动的周期公式，应用牛顿第二定律分析解题。【详解】设正方形的边长为a，由题意可知，粒子从A点射出时在磁场中做圆周运动的轨道半径为a/4，粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvBmv2r ，解得：r=mvqB，当磁场的磁感应强度大小变为原来的1/2时，粒子轨道半径变为原来的2倍，即：a/2，粒子将从N点射出，故A错误；由运动轨迹结合周期公式：T=2mqB可知，当磁场的磁感应强度大小变为原来的1/2时：T1=T2/2，粒子从A点离开磁场的情况下，在磁场中运动的时间t1=T1/2，粒子从N点离开磁场的情况下，在磁场中运动的时间t2=T2/4，可得：t1=t2，即 粒子在磁场中运动的时间不变，故B错误；磁场的磁感应强度变化前，粒子在从磁场中运动过程的动量变化大小为2mv，磁场的磁感应强度变为原来的1/2后，粒子在磁场中运动过程中的动量变化大小为2mv，即动量变化大小之比为2：1，故C正确；无论磁场的磁感应强度大小如何变化，只要磁感应强度的方向不变，粒子都不可能从C点射出，故D错误。故选C。【点睛】本题考查了带电粒子在磁场中的运动，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力；解题关键是根据几何关确定圆心的位置，及由半径和周期的公式确定半径和周期的关系，根据题意作出粒子运动轨迹是关键。二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）7.关于绕地球做匀速圆周运动的同步卫星和月球，下列说法正确的是A. 月球到地心的距离比同步卫星到地心的距离大B. 月球的线速度比同步卫星的线速度大C. 月球的角速度比同步卫星的角速度大D. 月球的向心加速度比同步卫星的向心加速度小【答案】AD【解析】【分析】地球同步卫星即地球同步轨道卫星，又称对地静止卫星，是运行在地球同步轨道上的人造卫星，距离地球的高度约为36000km，卫星的运行方向与地球自转方向相同、运行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道、运行周期与地球自转一周的时间相等，其运行角速度等于地球自转的角速度；【详解】A、月球绕地球运行的周期T130天，同步卫星绕地球运动的周期T2=1天，显然T1>T2，根据开普勒第三定律有：r13T12=r23T22，解得r1>r2，故选项A正确；B、由GMmr2=mv2r结合r1>r2，可得：v1<v2，故选项B错误；C、由T=2，T1>T2，可得1<2，故选项C错误；D、由GMmr2=ma结合r1>r2，可得a1<a2，故选项D正确。【点睛】本题考查了地球同步卫星的相关知识点，同时注意结合开普勒第三定律，关键掌握万有引力提供向心力这一理论，并能灵活运用。8.图示电路中，灯泡L1和L2完全相同，线圈L的自感系数很大，直流电阻忽略不计下列说法正确的是（）A. 闭合开关S时，L1和L2同时亮B. 闭合开关S时，L2先亮，L1后亮C. 断开开关S时，L2立刻熄灭，L1过一会儿才熄灭D. 断开开关S时，灯泡L2中的电流方向从c到d【答案】BD【解析】【详解】当开关S闭合时，灯L2立即发光。通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，产生自感电动势，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，所以电路的电流只能逐渐增大，L1逐渐亮起来。所以L2先亮，L1后亮。由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同。最终两灯一样亮，故A错误，B正确；稳定后当电键K断开后，线圈产生自感电动势，相当于电源，与两灯构成闭合回路，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相同，那么通过灯泡L2中的电流方向从c到d，由于回路中的电流只能慢慢减小，因此两灯都过一会儿熄灭，故C错误，D正确。所以BD正确，AC错误。9.如图所示，理想变压器的输入电压保持不变。副线圈通过输电线接两个相同的灯泡L1、L2和电阻R开始时，开关S闭合，当S断开后，下列说法正确的是（）A. 灯泡L1变暗B. 理想电压表示数增大C. 变压器的输出功率减小D. 理想电流表示数增大【答案】BC【解析】【详解】由于输入的电压的大小和变压器的匝数比不变，所以变压器的输出的电压始终不变，当S断开后，电路的总电阻增大，总电流变小，所以电阻R上消耗的电压变小，所以灯泡L1的电压增大，即电压表示数增大，故A错误，B正确；当S断开后，电路的总电阻增大，总电流变小，变压器的输出电压不变，输出电流变小，所以输出功率变小，根据输入功率等于输出功率可得输入功率变小，则理想电流表示数变小，故C正确，D错误。所以BC正确，AD错误。10.如图甲所示，在粗糙的固定斜面上有一闭合金属线圈，线圈上半部处于方向垂直斜面且分布均匀的磁场中，若取垂直斜面向上为磁场的正方向，磁感应强度B随时间t变化的图象（余弦函数）如图乙所示，线圈始终处于静止状态，则（）A. t=1s时，线圈受到沿斜面向下的摩擦力B. t=2s时，线圈受到沿斜面向上的摩擦力C. 01s内线圈受到的摩擦力减小D. 3s4s内线圈受到的摩擦力先增大后减小【答案】BD【解析】【详解】由图乙所示图象可知，t=1s时B=0，由F=BIL可知，线圈受到的安培力为零，线框在重力作用下有向下的运动趋势，线框受到的摩擦力平行于斜面向上，故A错误；由图乙所示图象可知，t=2s时磁感应强度的变化率为零，穿过线框的磁通量变化率为零，由法拉第电磁感应定律可知，线框产生的感应电动势为零，线框中没有感应电流，线框不受安培力作用，线框受到沿斜面向上的摩擦力作用，故B正确；由图乙所示图象可知，t=0s时磁通量变化率为零，感应电动势为零，线框中没有感应电流，线框所受安培力作用，t=1s时B=0，线框所受安培力为零，01s时间内，线框受到的安培力先增大后减小，由楞次定律与左手定则可知，线框所受安培力平行于斜面向上，由平衡条件得：mgsin=f+F，由于安培力F先增大后减小，则摩擦力：f=mgsin-F先减小后增大，故C错误； 由图乙所示图象可知，t=3s时B=0，线框所受安培力为零，t=4s时磁通量变化率为零，感应电动势为零，线框中没有感应电流，线框所受安培力作用，34s时间内，线框受到的安培力先增大后减小，由楞次定律与左手定则可知，线框所受安培力平行于斜面向下，由平衡条件得：mgsin+F=f，由于安培力F先增大后减小，则摩擦力：f=mgsin+F先增大后减小，故D正确。所以BD正确，AC错误。三、实验题探究题（本大题共2小题，共15.0分）11.图甲、乙和丙所示均为教材中的演示实验实物图。在电路连接正确的情况下，回答下列问题。（1）图甲中，将条形磁铁插入线圈和拔出线圈时，灵敏电流计指针偏转方向_（填“相同”或“相反”）。（2）图乙中，导体棒AB以大小不同的速度沿相同方向切割磁感线时，灵敏电流计指针偏转大小_（填“相同”或“不同”）。（3）图丙中，下列操作能使灵敏电流计指针偏转的是_。（填选项前的字母）A闭合开关的瞬间B保持开关闭合，快速移动滑动变阻器的滑片C保持开关断开，快速移动滑动变阻器的滑片【答案】 (1). 相反 (2). 不同 (3). AB【解析】【详解】（1）将条形磁铁插入线圈和拔出线圈时，线圈中原磁场方向相同，拔出和插入时磁通量变化正好相反，根据楞次定律可知，产生感应电流方向相反； （2）根据E=BLv可知，导体棒速度不同则产生感应电动势不同，产生感应电流则不同，则灵敏电流计指针偏转大小不同。 （3）闭合开关的瞬间，电流从无到有，产生磁场从无到有，则B中磁通量发生变化，故有电流产生，故A正确；保持开关闭合，快速移动滑动