湖北省咸宁市通山县杨芳中学2016届九年级物理上学期期中试题（含解析) 新人教版

湖北省咸宁市通山县杨芳中学2016届九年级（上）期中物理试卷一、单项选择题（每小题2分，共20分）1下列说法正确的是( )A马路上尘土飞扬，表明分子在做无规则运动B温度越高分子运动越剧烈C手相互摩擦发热，是靠热传递来改变内能的D一杯煤油用去一半，它的比热容减为原来的二分之一【考点】分子的运动；做功改变物体内能；比热容的概念 【专题】分子热运动、内能；比热容、热机、热值【分析】要解决此题，需掌握：（1）分子的体积很小，其运动只能通过扩散现象表现出来；（2）分子的无规则运动与温度有关，温度越高，运动越剧烈；（3）改变物体内能的两种方法：做功和热传递；（4）比热容与物质的种类有关，与物体的多少、温度等无关【解答】解：A、马路上尘土飞扬，是固体颗粒的运动，不是分子的无规则运动，故A错误；B、分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，故B正确；C、手相互摩擦克服摩擦做功，是利用做功的方式来改变物体内能的，故C错误；D、一杯煤油用去一半，它的比热容不变，故D错误故选B【点评】此题考查了对分子热运动的理解、改变物体内能的方法及比热容的特点，属于基础性知识，难度不大2下列关于温度、热量和内能的说法中正确的是( )A物体温度升高，一定吸收了热量B物体放出热量时，温度一定降低C物体温度升高，内能一定增加D物体内能增加时，温度一定升高【考点】温度、热量与内能的关系 【专题】定性思想【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关（2）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递【解答】解：A、物体温度升高，也可能是因为对物体做功，不符合题意B、物体放热时温度可能不变，比如：晶体在凝固过程中放热但温度不变，不符合题意C、同一物体分子个数是一定的，当温度升高时，分子的热运动越剧烈，则分子的动能就越大，从而物体的内能增加，符合题意D、物体内能增加，温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程，吸热，内能增加但温度不变，不符合题意故选C【点评】要正确理解温度、热量与内能的关系解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的3神舟七号”载人飞船在震天的轰鸣中腾空而起，飞向太空，完成任务后于次日凌晨准确降落在内蒙古中部预定地区返回舱进入大气层一段时间后，由于受空气阻力做匀速运动，返回舱匀速下降过程中( )A重力势能减小，动能增加，内能增加B机械能减少，动能不变，内能增加C重力势能减小，动能增加，内能不变D机械能不变，动能不变，内能增加【考点】动能和势能的转化与守恒；机械能和其他形式能的转化 【专题】机械能及其转化【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大（2）改变物体内能的方法：做功和热传递，对物体做功，物体内能增大，物体对外做功，物体内能减小；物体吸收热量，物体内能增大，物体放出热量，物体内能减小【解答】解：（1）返回舱匀速下降过程中，返回舱的质量不变，高度变小，重力势能变小；返回舱匀速下降过程中，返回舱的质量不变，速度不变，动能不变，因此机械能减小（2）返回舱匀速下降过程中，克服摩擦做功，物体的内能变大故选B【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能以及内能的影响因素利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化4甲乙两物体质量相等，甲物体温度降低20，乙物体温度升高15时，乙物体吸收热量是甲物体放出热量的2倍，甲乙两物体比热比是( )A3：8B8：3C4：3D3：2【考点】热量的计算 【专题】推理法【分析】知道两物体的质量相同，求出甲乙两物体升高的温度关系，根据热量公式、乙物体吸收热量和甲物体放出热量的关系，求甲乙两物体的比热容关系【解答】解：由题知，m甲=m乙，t甲=20，t乙=15，Q放=c甲m甲t甲，Q吸=c乙m乙t乙，=，=故选A【点评】本题采用公式法求比值，学生要灵活的运用公式进行计算，防止因颠倒而出错5如图所示，三个用细线悬挂的轻质小球，它们之间发生的相互作用如图所示，请判断这三个小球的带电情况( )A甲、乙、丙都带电B甲、乙不一定带电，丙一定带电C甲、乙一定带电，丙可能带电、也可能不带电D甲带电不等量，乙、丙一定带电【考点】物体带电情况的判断 【专题】应用题；电流和电路【分析】利用电荷间的作用规律分析即可，但应注意的是：若两小球相斥，则表明其一定都带电，且带的是同种电荷；若两小球相吸，则有两种可能，即可能都带电，且是异种电荷，也可能一个带电，另一个不带电【解答】解：由于甲、乙两小球相斥，因为只有同种电荷相互排斥，即说明甲、乙一定都带电，且带的是同种电荷，由于乙、丙两小球相吸，因为吸引情况有两种可能，即可能都带电，且是异种电荷，也可能一个带电，另一个不带电；故由于乙一定带电，则丙球有两种可能，即丙可能带电、也可能不带电故选C【点评】本题考查电荷间的作用规律，注意题干中没有声明轻质小球是带电体，且很容易漏掉了带电体具有吸引轻小物体的性质的这种情况6如图所示，灯L1与L2串联，闭合开关S后，发现灯L1比L2亮，则通过两灯的电流I1与I2的大小关系是( )AI1I2BI1I2CI1=I2D无法确定【考点】串联电路的电流规律 【专题】应用题；电流和电路【分析】根据串联电路的电流规律进行解答，即串联电路中各处的电流相等【解答】解：串联电路中各处的电流相等，将灯L1、L2串联在电源两端时，通过它们的电流相等，即I1=I2；而灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，与通过灯泡电流的大小无直接关系故选C【点评】本题考查了串联电路的电流规律，抓住关键点“串联”是关键7如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表A和电压表V1的示数变化情况是( )A变小、变小B变大、变大C变小、变大D变大、变小【考点】电路的动态分析 【专题】电路变化分析综合题【分析】由电路图可知，开关闭合后，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电流表测电路中的电流，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电压表V1测R1两端的电压；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化【解答】解：闭合开关S后，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电流表测电路中的电流，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电压表V1测R1两端的电压，当滑动变阻器滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小；由U=IR可知，R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小故选A【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、滑动变阻器的使用，会分析电路的串并联和电表所测电路元件是关键8如图所示，当开关S闭合后，下列说法正确的是( )A灯L1与灯L2是串联，且灯L1被短路B电压表不可能测出灯L1两端的电压C电流表A1测的是灯L1的电流D电流表A2测的是灯L2的电流【考点】电路的基本连接方式；电流表的使用 【专题】电流和电路【分析】电流表的电阻很小、在电路中相当于短路，所以正确使用时与被测电路元件串联；电压表的电阻很大、在电路中相当于断路，所以正确使用时与被测电路元件并联；根据电流流向法判断电路的电流路径，只有一条路径的为串联，否则为并联【解答】解：由电路图可知，当开关S闭合后，电流经开关S1和电流表A1后分支，一支经灯泡L1回到电源的负极，一支经电流表A2、灯泡L2回到电源的负极，即电路有两条电流路径即为并联，且电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路的电流，电压表并联在两灯泡两端和电源的两端，则电压表测两灯泡两端的电压，也测电源的电压，综上可知ABC不正确，D正确故选D【点评】本题考查串并联电路的辨别以及电压表和电流表的正确使用，知道电表的电阻特点和串并联电路的特点是关键9如图甲所示电路中，电流表A1与A2指针指示的位置都如图乙所示，则灯L1电流是( )A1.4AB0.28AC0.24AD1.12A【考点】并联电路的电流规律 【专题】电流和电路【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电路，电流表A2测流过灯L2的电流，由并联电路特点及电流表指针位置确定电流表的量程分度值，读出电流表示数，然后由并联电路特点求出通过灯L1的电流【解答】解：由图可知：灯L1与L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2电流，即电流表A1的示数应大于电流表A2的示数，由于两电流表指针位置相同，则它们的量程不同，电流表A1的量程是03A，分度值是0.1A，电流表示数IA1=1.4A；电流表A2量程为00.6A，分度值是0.02A，电流表示数IA2=0.28A；IA1=I1+I2，I2=IA2=0.28A，通过灯L1的电流：I1=IA1I2=1.4A0.28A=1.12A故选D【点评】本题考查了电流表的读数方法、并联电路的电流关系做这类题时，要先分析电路图，然后利用电路的规律分析计算10张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法错误的是( )A当在导体乙的两端加上1V的电压时，通过导体乙的电流为0.1AB将甲、乙两导体并联后接到电压为3V的电源上时，干路中的电流为0.9AC通过导体甲的电流与其两端的电压成正比D导体甲的电阻大于导体乙的电阻【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验 【专题】压轴题；信息给予题；图析法【分析】从UI图象可以得出的信息：在一定电压下通过导体的电流；求电阻值；通过比较相同电压下的电流大小，比较电阻大小关系；通过导体的电流与其两端的电压成正比【解答】解：（1）由图象可知，当U=1V时，I=0.1A，故A正确；（2）当甲、乙两导体并联后接到电压为3V的电源上，由图知I甲=0.6A，I乙=0.3A，I=0.9A，故B正确；（3）由图象可知，通过导体的电流随电压的增大而增大，并且成倍数的增大，即成正比，故C正确；（4）加同样电压时（3V），I甲=0.6A，I乙=0.3A，I甲I乙，所以R甲R乙，故D错误；故选D【点评】从UI图象可以得出的信息：一是知道一定电压下的通过导体电流求导体电阻，二是比较两个电阻的大小二、填空题（每空1分，共18分）11在一段导体两端加上0.2V电压时，通过它的电流为0.04A，若使它两端的电压升高到3V，则通过它的电流为0.6A，这段导体的电阻为5【考点】欧姆定律的应用 【专题】计算题【分析】题目中已知电压和电流故由欧姆定律可求得电阻，则可求得两端电压为3V时的电流【解答】解：由欧姆定律可得：R=；两端电压为3V时的电流I1=；故答案为：0.6，5【点评】本题考查欧姆定律的简单应用，题目