河南省2013年高考物理 最后押题冲刺卷六

、选择题(本题共 6小题在每小题给出的四个选项中至少有一个符合题目要求，全选对的得 7分，选对但不全的得 4分，有选错的或不选的得 0分)1关于静电场，下列说法正确的是()A电势等于零的物体一定不带电B电场强度为零的点，电势一定为零C同一电场线上的各点，电势一定相等D负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加解析零电势点是人为选择的参考点，所以电势等于零的物体可以带电，也可以不带电，故 场强度和电势是两个不同的物理量，电场强度为零的点，电势不一定为零，着电场线方向电势不断降低，故 电荷在电场中受到的电场力的方向与电场线方向相反，故负电荷沿电场线方向移动时，电场力做负功，电势能增加，故 案了解释地球的磁性，19 世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流 下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是()解析地磁场的 磁场的 据安培定则，可判定电流方向为顺时针方向(站在地球的北极向下看)，选项 项 A、C、D 错误答案所示，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了 12 J，金属块克服摩擦力做功 8 J，重力做功24 J，则以下判断正确的是()图 1A金属块带负电荷B金属块克服电场力做功 8 属块的电势能减少 4 属块的机械能减少 12 属块滑下的过程中动能增加了 12 J，由动能定理知合外力做功 12 J，其中包括重力、摩擦力和电场力做功，摩擦力做功 8 J，重力做功 4 J，所以可得电场力做功 4 J，电场力做负功，金属块带正电，电势能增加了 4 J，选项 A、B、C 均错误；由功能关系可知，机械能的变化 E 12 J，即机械能减少 12 J，选项 案常一次闪电过程历时约 .3 s，它由若干个相继发生的闪击构成每个闪击持续时间仅 4080 s，电荷转移主要发生在第一个闪击过程中在某一次闪电前云地之间的电势差约为 09 V，云地间距离约为 1 一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为 6 C，闪击持续时间约为 60 据以上数据，下列判断正确的是()A闪电电流的瞬时值可达到 1×105 个闪电过程的平均功率约为 1×1014 电前云地间的电场强度约为 1×106 V/整个闪电过程向外释放的能量约为 6×106 I A1×10 5 对由 E V/m1×10 6 6×10 5 091×103V/ 对；由 W ×0 9 J6×10 9 错； ××10 10 W，B 错答案用如图 2所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子图中板 、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为 2d和 缝近端相距为 m、电荷量为 q，具有不同速度的粒子从宽度为 2于能够从宽度为 列说法正确的是()图 2A粒子带正电B射出粒子的最大速度为3d L2持 不变，增大 B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D保持 不变，增大 L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大解析利用左手定则可判定只有负电荷进入磁场时才向右偏，故选项 用 r ，能射出的粒子满足 r ，因此对应射出粒子的最大速度2 L 3 ，选项 ， v ，由3d L2m 正确，选项 案所示，真空中有一匀强电场和水平面成一定角度斜向上，一个电荷量为Q5×10 6 处，在 m9×10 3 荷量为 q2×10 8 在同一水平面上，且相距为 r0.1 m现用绝缘工具将 此过程中外力至少做功为()图 3A0 2 J B9( 1)×10 3 ×103 J D9×10 3 图所示，在 ×10 2 N，受库仑力 F ×10 9× N9×10 2 N，经分析判断可知 0 8×5×10 6 2力为 ×102 N， 45° 2a、 点电荷 a、 以，将 q从 动能定理得 ， W ×10 2 ×9×10 3 J，D 对答案选择题(本题共 4小题，共 58分)7(14 分)如图 4所示，质量为 m，带电荷量为 的绝缘细线悬挂于 于垂直纸面向里的匀强磁场中，竖直虚线左边有正交的匀强电场和匀强磁场 将小球拉至悬线与竖直方向成 角，由静止释放，当小球运动到最低点 线在与小球连接处突然断开，此后小球沿水平虚线向左运动，求：图 4(1)小球所带电荷的电性；(2)竖直虚线右边匀强磁场 3)小球越过竖直虚线进入左侧场区后仍沿水平虚线做直线运动，则电场强度为多大？解析(1)由小球在磁场 球带负电(2)设小球在最低点的速度为 ) 12 2由得： 1 (3)由平衡条件得：所以 E 1 答案(1)负(2)1 (3) 1 8(14 分)如图 5所示，在平面直角坐标系的第二和第三象限区域内有沿 四象限内存在一水平方向的半径 r 心 O坐标为(23， 6)，磁感应强度 B，磁场方向垂直坐标轴向里坐标(2， )处有一粒子3 3发射源，水平发射一质量 m0 11 电荷量 q0 5 速度为 0 4 m/s，粒子从 在 ，不计粒子的重力求：图 5(1)电场强度的大小；(2)带电粒子再次经过 3)带电粒子在第四象限运动的时间解析(1)带电粒子在匀强电场做类平抛运动， x y a 100 N/)在 v2 粒子射入磁场有 m ，得 R2 m，得 C60°，所以带电粒子再次经过 )粒子在磁场运动的时间 · ×104 s，16 2 3粒子在第四象限做匀速直线运动所用的时间为3 ×104 s，2×62 23 2 rv 3所以带电粒子在第四象限运动的时间为t ×104 s.(3 33)答案(1)100 N/C(2)距 (3) ×104 s(3 33)9在如图 6所示的空间里，存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为 B 图 7所示(竖直向上为正)，电场大小为 长度足够长的光滑绝缘斜面放置在此空间斜面上有一质量为 m，带电荷量为 t0 时刻由静止开始沿斜面下滑，设第 5 力加速度为 6图 7(1)第 6 2)第 19 角的正切值应满足什么条件？解析(1)设第一秒内小球在斜面上运动的加速度为 a，由牛顿第二定律得：( 第一秒末的速度为： v 在第二秒内： 所以小球将离开斜面在上方做匀速圆周运动，则由向心力公式得 m ： T 1 s 2 球在奇数秒内沿斜面做匀加速运动，在偶数秒内离开斜面做完整的圆周运动所以，第五秒末的速度为： a(6 小球离开斜面的最大距离为：d2 由以上各式得： d (2)第 19秒末的速度：a( 20 小球未离开斜面的条件是： 所以： 答案(1) (2) 6 120 10如图 8所示，竖直平面内有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，电场强度 500 N/C，方向竖直向上；磁感应强度 B10 3 T，方向垂直纸面向外；有一质量 m1×10 2 荷量 q4×10 5 点沿与水平线成 45°角以 m/后小球恰好从 22 500 N/C，方向水平向左的第二个匀强电场中不计空气阻力， 0 m/1)点的距离 2)带电小球经过 点时与 解析(1)带电小球在正交的匀强电场和匀强磁场中受到的重力 G ，电场力，即 G 带电小球在正交的电磁场中由 做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律得：m ，解得： R m1 m，由几何关系得： R ×10 2×44×10 5×103 2 2(2)带电小球在 m/s，方向与水平方向成 45°，与重力大小相等，方向相互垂直，则合力的大小为 F N，方向与初速210度方向垂直，故带电小球在第二个电场中做类平抛运动，建立如图所示的 x、